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【中考12年】江苏省南京市2001-2022年中考数学试题分类解析 专题11 圆

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2022-2022年江苏南京中考数学试题分类解析汇编(12专题)专题11:圆一、选择题1.(2022江苏南京2分)如图所示,四边形ABCD为⊙O的内接四边形,E为AB延长线的上一点,∠CBE=40°,则∠AOC等于【】A.20°B.40°C.80°D.100°【答案】C。【考点】圆周角定理,圆内接四边形的性质。【分析】根据圆内接四边形的外角等于内对角求出∠D,再利用同弧所对的圆周角等于圆心角的一半求解:∵四边形ABCD为⊙O的内接四边形,∴∠CBE=∠D。∴∠AOC=2∠D=80°。故选C。2.(江苏省南京市2022年2分)如图,正六边形ABCDEF的边长是a,分别以C、F为圆心,a为半径画弧,则图中阴影部分的面积是【】A、B、C、D、【答案】C。【考点】多边形内角和定理,扇形面积公式。【分析】∵正六边形的每个内角为,∴阴影为两个圆心角为120°的扇形。∴根据扇形面积公式得图中阴影部分的面积是。故选C。3.(江苏省南京市2022年2分)如图,AB是⊙O的直径,P是AB延长线上的一点,PC切⊙O于点C,PC=3,PB=1,则⊙O的半径等于【】.19\n(A)(B)3(C)4(D)【答案】C。【考点】切割线定理。【分析】因为PC,PA分别是圆的切线与割线,根据切割线定理可求得PC=3,从而求得AB=8,即可求得半径的长:∵PC,PA分别是圆的切线与割线,∴PC2=PB•PA。∵PC=3,PB=1,∴PA=9,AB=8。∴半径为4.故选C。4.(江苏省南京市2022年2分)正方形ABCD的边长是2cm,以直线AB为轴旋转一周,所得到的圆柱的侧面积为【】.(A)16π(B)8π(C)4π(D)4【答案】B。【考点】圆柱的计算。【分析】根据圆柱的侧面积公式=底面周长×高计算解:圆柱的侧面面积=π×2×2×2=8π(cm2)。故选B。5.(江苏省南京市2022年2分)如图,A,B是⊙O上的两点,AC是⊙O的切线,∠B=70°,则∠BAC等于【】A、70°B、35°C、20°D、10°【答案】C。【考点】等腰三角形的性质,切线的性质。【分析】欲求∠BAC,由AC是⊙O的切线知道∠OAC=90°,又可推知∠OAB=∠B,则∠BAC可求:∵OA=OB,∴∠B=∠OAB=70°。19\n∵AC是⊙O的切线,∴OA⊥AC,即∠OAC=90°。∴∠BAC=∠OAC-∠OAB=20°。故选C。6.(江苏省南京市2022年2分)如图,点A、B、C在⊙O上,AO∥BC,∠OAC=20°,则∠AOB的度数是【】A.1O°B.20°C.40°D.70°【答案】C。【考点】圆周角定理,平行线的性质。【分析】∵∠OAC=20°,AO∥BC,∴∠ACB=∠OAC=20°。∴∠AOB=2∠ACB=40°。故选C。7.(江苏省南京市2022年2分)如图,⊙O是等边三角形ABC的外接圆,⊙O的半径为2,则等边三角形ABC的边长为【】A.B.C.D.【答案】C。【考点】三角形的外接圆与外心,等边三角形的性质,垂径定理,锐角三角函数,特殊角的三角函数值。【分析】连接OA,并作OD⊥AB于D,则∠OAD=30°,OA=2,∴AD=OA•cos30°=。∴AB=。故选C。8.(江苏省南京市2022年2分)如图,已知⊙O的半径为1,AB与⊙O相切于点A,OB与⊙O交于点C,OD⊥OA,垂足为D,则的值等于【】19\nA.ODB.OAC.CDD.AB【答案】A。【考点】切线的性质,锐角三角函数的定义。【分析】利用余弦的定义求解:∵CD⊥OA,∴∠CDO=90°。∵OC=1,∴cos∠AOB=OD:OC=OD。故选A。二、填空题1.(2022江苏南京2分)如图,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=120°,⊙A与BC相切于点D,与AB相交于点E,则∠ADE等于▲。【答案】60°。【考点】切线的性质,等腰三角形的性质,等边三角形的判定和性质。【分析】∵⊙A与BC相切于点D,∴AD⊥BD,即∠ADB=90°。∵AB=AC,∠BAC=120°,∴∠BAD=∠BAC=60°。∵AE=AD,∴△AED是等边三角形。∴∠ADE=60°。2.(2022江苏南京2分)已知⊙O的半径为4cm,AB是⊙O的弦,点P在AB上,且OP=2cm,PA=3cm,则PB=▲cm。【答案】4。【考点】相交弦定理。【分析】根据相交弦定理“圆内两弦相交于圆内一点,各弦被这点所分得的两线段的长的乘积相等”进行计算:如图,作直线OP交⊙O于C、D两点,∵⊙O的半径为4cm,OP=2cm,PA=3cm,∴PC=4-2=2cm,PD=4+2=6cm。由相交弦定理得:PA•PB=PC•PD,∴PB=(cm)。【没学相交弦定理的可连接AC、BD,应用△APC∽△DPB求解】3.(江苏省南京市2022年2分)19\n如图,AB是⊙O的直径,弦CD⊥AB,垂足为G,F是CG的中点,延长AF交⊙O于E,CF=2,AF=3,则EF的长是▲.【答案】4。【考点】垂径定理,相交弦定理。【分析】根据相交弦定理及垂径定理求解:∵AB是⊙O的直径,弦CD⊥AB,垂足是G,F是CG的中点,∴CG=GD,CF=FG=CG。∵CF=2,∴CG=GD=2×2=4,FD=2+4=6。由相交弦定理得EF•AF=CF•FD,即EF=CF•FDAF=2×63=4。4.(江苏省南京市2022年2分)如图,⊙O的两条弦AB、CD相交于点P,PD=2PB,PC=2cm,则PA=▲cm.【答案】4。【考点】相交弦定理。【分析】由相交弦定理可以得到PA•PB=PC•PD,然后利用已知条件即可求出PA:。5.(江苏省南京市2022年2分)如图,割线PAB与⊙O交于点A、B,割线PCD与⊙O交于点C、D,PA=PC,PB=3cm,则PD=▲cm.【答案】3。【考点】切割线定理。【分析】根据割线定理得PA•PB=PC•PD,已知PA=PC从而可得到PB=PD=3cm。19\n6.(江苏省南京市2022年3分)如图,⊙O是△ABC的外接圆,∠C=30°,AB=,则⊙O的半径为▲.【答案】2。【考点】三角形的外接圆与外心,圆周角定理。【分析】作直径AD,连接BD,得∠ABD=90°,∠D=∠C=30°,∴AD=4,即圆的半径是2。7.(江苏省南京市2022年3分)已知和的半径分别为3cm和5cm,且它们内切,则圆心距等于▲cm.【答案】2。【考点】圆与圆的位置关系。【分析】根据两圆的位置关系的判定:外切(两圆圆心距离等于两圆半径之和),内切(两圆圆心距离等于两圆半径之差),相离(两圆圆心距离大于两圆半径之和),相交(两圆圆心距离小于两圆半径之和大于两圆半径之差),内含(两圆圆心距离小于两圆半径之差)。因此,由于和内切,则圆心距=5-3=2。8.(江苏省南京市2022年3分)如图,有一圆形展厅,在其圆形边缘上的点A处安装了一台监视器,它的监控角度是.为了监控整个展厅,最少需在圆形边缘上共安装这样的监视器▲台.【答案】3。【考点】圆周角定理【分析】∵∠A=65°,∴该圆周角所对的弧所对的圆心角是130°。又∵360°÷130°=,∴共需安装这样的监视器3台。19\n9.(江苏省2022年3分)如图,AB是⊙O的直径,弦CD∥AB.若∠ABD=65°,则∠ADC=▲.【答案】25°。【考点】圆周角定理,平行线的性质,直角三角形两锐角的关系。【分析】∵CD∥AB,∴∠ADC=∠BAD。又∵AB是⊙O的直径,∴∠ADB=90°。又∵∠ABD=65°,∴∠ADC=∠BAD=90°-∠ABD=25°。10.(江苏省2022年3分)已知正六边形的边长为1cm,分别以它的三个不相邻的顶点为圆心,1cm长为半径画弧(如图),则所得到的三条弧的长度之和为▲cm(结果保留).【答案】。【考点】正六边形的性质,扇形弧长公式。【分析】如图,连接AC,则由正六边形的性质知,扇形ABmC中,半径AB=1,圆心角∠BAC=600,∴弧长。由正六边形的对称性,知,所得到的三条弧的长度之和为弧长的6倍,即。11.(江苏省南京市2022年2分)如图,以O为圆心的两个同心圆中,大圆的弦AB是小圆的切线,C为切点.若两圆的半径分别为3cm和5cm,则AB的长为▲cm.【答案】8。【考点】圆的切线的性质,勾股定理,垂径定理。【分析】连接OA、OC,由切线的意义知△OAC为直角三角形,再由勾股定理得OA2=OC2+AC219\n,即52=32+AC2,所以AC=4,再由垂径定理得AB=2AC=8。12.(江苏省南京市2022年2分)如图,点C在⊙O上,将圆心角∠AOB绕点O按逆时针方向旋转到∠A/OB/,旋转角为α(0°<α<180°).若∠AOB=30°,∠BCA/=40°,则∠α=▲°.【答案】110°。【考点】旋转的性质,圆周角与圆心角的关系。【分析】根据同弧所对圆周角与圆心角的的一半,得∠BOA/=2∠BCA/=80°,所以∠α=∠AOB+∠BOA/=30°+80°=110°。13.(江苏省南京市2022年2分)如图,海边有两座灯塔A、B,暗礁分布在经过A、B两点的弓(弓形的弧是⊙O的一部分)区域内,∠AOB=80°,为了避免触礁,轮船P与A、B的张角∠APB的最大值为▲°.【答案】40。【考点】圆周角定理,三角形的外角性质。【分析】为了避免触礁,轮船P与A、B的张角∠APB的最大值是轮船P落在圆周上,根据同弦所对的圆周角是圆心角的一半的定理,轮船P与A、B的张角∠APB的最大值为40°。三.解答题1.(2022江苏南京7分)如图,AB是⊙O的直径,P在AB的延长线上,PD与⊙O相切于D,C在⊙O上,PC=PD。(1)求证:PC是⊙O的切线;(2)连接AC,若AC=PC,PB=1,求⊙O的半径。19\n【答案】解:(1)证明:连接OC,OD。∵PD与⊙O相切于D,∴∠PDO=90°。∵C在⊙O上,PC=PD,OP=OP,OC=OD,∴△OCP≌△ODP(SSS)。∴∠OCP=∠PDO=90°。∴PC是⊙O的切线。(2)连接OC。∵AC=PC,∴∠CAO=∠CPA。∵AO=CO,∴∠CAO=∠OCA。∵在△ACP中,∠CAP+∠CPA+∠ACP=1800,∴3∠CPA+900=1800,即∠CPA=30°。∴在Rt△OCP中,OC=OP,即OC=(1+OB)。∵OC=OB,∴OC=1。∴⊙O的半径为1。【考点】切线的判定和性质,全等三角形的判定和性质,等腰三角形的性质,三角形内角和定理,含30度角直角三角形的性质。【分析】(1)要证PC是⊙O的切线,只要连接OC,OD,通过证明△OCP≌△ODP得出∠OCP=90°即可。(2)运用等腰三角形等边对等角的性质和三角形内角和定理求出∠CPA的度数,应用含30度角直角三角形的性质得出⊙O的半径。2.(2022江苏南京7分)如图1,在平面上,给定了半径为r的圆O,对于任意点P,在射线OP上取一点P′,使得OP•OP′=r2,这把点P变为点P的变换叫做反演变换,点P与点P′叫做互为反演点。(1)如图2,⊙O内外各一点A和B,它们的反演点分别为A和B′。求证:∠A′=∠B;(2)如果一个图形上各点经过反演变换得到的反演点组成另一个图形,那么这两个图形叫做互为反演图形。19\n①选择:如果不经过点O的直线l与⊙O相交,那么它关于⊙O的反演图形是【】A、一个圆;B、一条直线;C、一条线段;D、两条射线②填空:如果直线l与⊙O相切,那么它关于⊙O的反演图形是▲;该图形与圆O的位置关系是▲。3.(2022江苏南京11分)(1)如图1,已知A点坐标为(0,3),⊙A的半径为1,点B在x轴上。①若B点坐标为(4,0),⊙B的半径为3,试判断⊙A与⊙B的位置关系;②若⊙B过点M(2,0),且与⊙A相切,求B点坐标。(2)如图2,点A在y轴上,⊙A在x轴的上方。问:能否在x轴的正半轴上确定一点B,使⊙B与y轴相切,并且与⊙A外切,为什么?19\n【答案】解:(1)①∵A(0,3),B(4,0),∴OA=3,OB=4,AB=。∴两圆外离。②设B(x,0),∵⊙B过点M(2,0),∴⊙B的半径为。则AB=。若⊙A与⊙B外切,,时,,解得x=0;时,,解得x=-4,与不符。∴B(0,0)。若⊙A与⊙B内切,,时,,解得x=-4;时,,解得x=0,与不符。∴B(-4,0)。(2)能。过A作AD∥x轴,连接OD交⊙A于C,连接AC并延长交x轴于B,则以B为圆心,以OB为半径的⊙B与y轴相切,并且与⊙A外切。理由如下:∵AD∥x轴,∴∠ADO=∠BOD。∵AC=AD,∴∠ADC=∠ACD。∴∠OCB=∠BOC。∴BC=OB。∴以B为圆心,以OB为半径的⊙B与y轴相切,并且与⊙A外切。【考点】圆与圆的位置关系,坐标与图形性质,勾股定理,平行的性质,等腰判定和性质。【分析】19\n(1)①先根据A、B的坐标求出圆心距AB的长,然后和两圆的半径进行比较即可;②本题可设出B点的坐标,然后表示出圆心距AB的长,和⊙B的半径长,分内切和外切两种情况进行求解。(2)可过A作x轴的平行线交⊙A于D,连接OD交⊙A于C,连接AC并延长交x轴于B,则⊙B以BC为半径,与y轴相切,与⊙A外切。4.(江苏省南京市2022年9分)已知:如图,⊙O1与⊙O2相交于A、B两点,O1在⊙O2上,⊙O2的弦BC切⊙O1于B,延长BO1、CA交于点P、PB与⊙O1交于点D。(1)求证:AC是⊙O1的切线;(2)连结AD、O1C,求证:AD∥O1C;(3)如果PD=1,⊙O1的半径为2,求BC的长。【答案】解:(1)证明:连接O1A,∵BC是⊙O1的切线,∴∠O1BC=90°。∵∠O1AP是圆O2的内接四边形的外角,∴∠PAO1=∠O1BC=90°。∴AC是⊙O1的切线。 (2)证明:连接AB,∵PC切⊙O1于点A,∴∠PAD=∠ABD。∵∠ACO1=∠ABO1,∴∠PAD=∠ACO1。∴AD∥O1C。(3)∵PC是⊙O1的切线,PB是⊙O1的割线,∴PA2=PD•PB。∵PD=1,PB=5,∴PA=。又∵AD∥O1C.∴,即。∴AC=2。∵AC,BC都是⊙O1的切线,∴BC=AC=2。【考点】切线的性质和判定,圆内接四边形的性质,圆周角定理,平行的判定和性质,切割线定理,切线长定理。19\n【分析】(1)证AC是圆O1的切线,可连接O1A然后证O1A⊥PC即可,可通过∠PAO1是圆O2的内接四边形的外角来求解。(2)证AD∥O1C,证∠PAD=∠O1CA即可,可通过与两角相等的中间角来求解;连接BA,那么∠O1BA就是与两角相等的中间角。(3)由于BC,AC同与圆O1相切,因此根据切线长定理AC=BC,那么求BC也就是求AC的长,有了PD和⊙O1的半径即O1D,O1B的值,那么可根据切割线定理求出PA,由(2)得出的平行线,根据平行线分线段成比例定理,可得出关于PA,PC,PD,PO的比例关系,而PD,DQ1,PA的值都已知,因此可求出AC的长,也就求出了BC的长。5.(江苏省南京市2022年8分)已知:⊙O1与⊙O2外切,⊙O1的半径R=2,设⊙O1的半径是r.(1)如果⊙O1与⊙O2的圆心距d=4,求r的值;(2)如果⊙O1、⊙O2的公切线中有两条互相垂直,并且r≤R,求r的值。【答案】解:(1)由⊙O1与⊙O2的圆心距d=4和⊙O1的半径R=2,得2+r=4,即r=2。 (2)情形一,如图1:这时r=R=2。情形2,如图2:根据切线长定理得到等腰直角三角形,则有AO=OB=2,,∴,解得。【考点】相切两圆的性质,勾股定理。【分析】(1)根据两圆外切,圆心距等于两圆半径之和进行计算。(2)分r=R和r<R两种情形求解。r=R时直接可得。r<R时,根据切线长定理和切线的性质定理发现两个等腰直角三角形,根据等腰直角三角形的性质得到方程进行计算。6.(江苏省南京市2022年8分)阅读下面材料:19\n对于平面图形A,如果存在一个圆,使图形A上的任意一点到圆心的距离都不大于这个圆的半径,则称图形A被这个圆所覆盖.对于平面图形A,如果存在两个或两个以上的圆,使图形A上的任意一点到其中某个圆的圆心的距离都不大于这个圆的半径,则称图形A被这些回所覆盖.例如:图1中的三角形被一个圆所覆盖,图2中的四边形被两个圆所覆盖.图1图2回答下列问题:⑴边长为1cm的正方形被一个半径为r的圆所覆盖,r的最小值是cm;⑵边长为1cm的等边三角形被一个半径为r的圆所覆盖,r的最小值是cm;⑶长为2cm,宽为1cm的矩形被两个半径都为r的圆所覆盖,r的最小值是cm,这两个圆的圆心距是cm.【答案】解:(1)。(2)。(3);1。【考点】正多边形和圆【分析】当一个图形被一个圆覆盖时,当圆是这个图形的外接圆时,圆最小;当矩形被两圆覆盖,圆最小时,两圆的公共弦一定是1cm,则每个圆内的部分是一个边长是1的正方形:(1)以正方形的对角线为直径做圆是覆盖正方形的最小圆,半径r的最小值=; (2)边长为1cm的等边三角形被一个半径为r的圆所覆盖,这个最小的圆是正三角形的外接圆,如图作三角形ABC的高AD构成直角三角形ABD,斜边AB=1,BD=。∵三角形是正三角形,∴∠ABC=60°。∵O是外心,∴∠OBC=30°,OD=OB。设OA=OB=x,则OD=x,在直角三角形OBD中,根据勾股定理列方程:,解得:x=。19\n(3)如图:矩形ABCD中AB=1,BC=2,则覆盖ABCD的两个圆与矩形交于E、F两点,由对称性知E、F分别是AD和BC的中点,则四边形ABFE、EFCD是两个边长为1的正方形,所以圆的半径r=,两圆心距=1。7.(江苏省南京市2022年9分)如图⊙O与⊙O’相交于A、B两点,点O在⊙O’上,⊙O’的弦OC交AB于点D.⑴求证:OA=OC·OD;⑵如果AC+BC=OC,⊙O的半径为r.求证:AB=【答案】证明:(1)连接OB,∵OA=OB,∴∠OAB=∠OBA。∵∠OCA=∠OBA,∴∠OAB=∠OCA。∵∠AOC=∠DOA,∴△AOC∽△DOA。∴,即OA2=OC•OD。(2)∵△AOC∽△DOA,∴。同理可得,。∴,即。∵AC+BC=OC,OA=r,∴AB=r。【考点】圆与圆的位置关系,相交两圆的性质,等腰三角形的性质,圆周角定理,相似三角形的判定和性质。【分析】(1)欲证OA2=OC•OD,通过证明△AOC∽△DOA妈可以得出。(2)因为AC+BC=OC,⊙O的半径为r,欲证AB=r,只需证明(AC+BC):OC=AB:OA;通过证明△AOC∽△DOA,△OBD∽△OCB,得出比例形式相加,即可得出。8.(江苏省南京市2022年11分)如图,形如量角器的半圆O的直径DE=12cm,形如三角板的△ABC中,∠ACB=90°,∠ABC=30°,BC=12cm.半圆O以2cm/s的速度从左向右运动,在运动过程中,点D、E始终在直线BC上.设运动时间为t(s),当t=0s时,半圆O在△ABC的左侧,OC=8cm.19\n(1)当t为何值时,△ABC的一边所在的直线与半圆O所在的圆相切?(2)当△ABC的一边所在的直线与半圆O所在的圆相切时,如果半圆O与直径DE围成的区域与△ABC三边围成的区域有重叠部分,求重叠部分的面积.【答案】解:(1)△ABC的一边所在的直线与半圆O所在的圆相切有以下四种情形:情形一:当半圆O所在的圆运动到点E与点C重合时,半圆O在AC左边与AC相切,如图1。此时,半圆O运动的距离为8-6=2。∴t=2÷2=1(s)。情形二:当半圆O所在的圆运动到点O与点C重合时,半圆O在AB左边与AB相切,如图2。此时,半圆O运动的距离为8。∴t=8÷2=4(s)。情形三:当半圆O所在的圆运动到点D与点C重合时,半圆O在AC右边与AC相切,如图3。此时,半圆O运动的距离为8+6=14。∴t=14÷2=7(s)。情形四:当半圆O所在的圆运动到AB右边与AB相切时,如图4。此时,半圆O运动的距离为8+12+12=32。∴t=32÷2=16(s)。综上所述,当t=1,4,7,16s时,△ABC的一边所在的直线与半圆O所在的圆相切。(2)当△ABC的一边所在的直线与半圆O所在的圆相切时,半圆O与直径DE围成的区域与△ABC三边围成的区域有重叠部分的有两种情形:情形一:当半圆O所在的圆运动到点O与点C重合时,半圆O在AB左边与AB相切,如图2。此时半圆O与直径DE围成的区域与△ABC三边围成的区域重叠部分为圆面积=9πcm2。19\n情形二:当半圆O所在的圆运动到点D与点C重合时,半圆O在AC右边与AC相切,如图3。此时半圆O与直径DE围成的区域与△ABC三边围成的区域重叠部分为扇形OCF加上△OBF。∵∠COF=2∠ABC=60°,∴扇形OCF的面积为cm2。∵△OBF的边OB上的高=,∴△OBF的面积为cm2。∴重叠部分面积=+cm2。综上所述,当△ABC的一边所在的直线与半圆O所在的圆相切时,半圆O与直径DE围成的区域与△ABC三边围成的区域重叠部分的面积为9πcm2或+cm2。【考点】运动问题,直线与圆相切的性质,扇形和三角形的面积,等腰三角形的性质,三角形外角定理,锐角三角函数,特殊角的三角函数值。【分析】(1)根据直线与圆相切的性质分四种情形分别讨论即可。(2)分两种情形分别求出重叠部分的面积。9.(江苏省南京市2022年8分)如图,AB是⊙O的直径,点D在⊙O上,∠DAB=45°,BC∥AD,CD∥AB.(1)判断直线CD与⊙O的位置关系,并说明理由;(2)若⊙O的半径为1,求图中阴影部分的面积(结果保留π).【答案】解:(1)直线CD与⊙O相切。理由如下:如图,连接OD。∵OA=OD,∠DAB=45°,∴∠ODA=45°。∴∠AOD=90°。∵CD∥AB,∴∠ODC=∠AOD=90°,即OD⊥CD。又∵点D在⊙O上,直线CD与⊙O相切。(2)∵BC∥AD,CD∥AB,∴四边形ABCD是平行四边形。∴CD=AB=2。∴S梯形OBCD=。19\n∴图中阴影部分的面积为S梯形OBCD-S扇形OBD=。【考点】等腰三角形的性质,三角形内角和定理,平行的性质,直线与圆相切的判定,平行四边形的判定和性质。扇形面积。【分析】(1)欲判断直线CD与⊙O的位置关系,由图形可猜想其结论为相切,由条件∠DAB=45°,CD∥AB知∠ADC=135°,再连接OD得∠ADO=45°,因此∠ODC=90°,猜想得证。(2)观察图形发现阴影部分可在梯形ODCB中求解:梯形ODCB的面积减扇形OBD的面积。10.(2022江苏南京8分)某玩具由一个圆形区域和一个扇形区域组成,如图,在和扇形中,与、分别相切于A、B,,E、F事直线与、扇形的两个交点,EF=24cm,设的半径为xcm,①用含x的代数式表示扇形的半径;②若和扇形两个区域的制作成本分别为0.45元和0.06元,当的半径为多少时,该玩具成本最小?【答案】解:(1)连接O1A。∵⊙O1与O2C、O2D分别切一点A、B,∴O1A⊥O2C,O2E平分∠CO2D。∵,∴∠AO2O1=∠CO2D=30°。在Rt△O1AO2中,,∴O1O2=AO1sin∠AO2O1=xsin30°=2x。∵EF=24cm,∴FO2=EF-EO1-O1O2=24-3x,即扇形O2CD的半径为(24-3x)cm。(2)设该玩具的制作成本为y元,则19\n。∴当x=4时,y的值最小。答:当⊙O1的半径为4cm时,该玩具的制作成本最小。【考点】切线的性质,锐角三角函数定义,扇形面积的计算,二次函数的最值。【分析】(1)连接O1A.由切线的性质知∠AO2O1=∠CO2D=30°;然后在Rt△O1AO2中利用锐角三角函数的定义求得O1O2=2x;最后由图形中线段间的和差关系求得扇形O2CD的半径FO2。(2)设该玩具的制作成本为y元,则根据圆形的面积公式和扇形的面积公式列出y与x间的函数关系,然后利用二次函数的最值即可求得该玩具的最小制作成本。19

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发布时间:2022-08-25 21:15:33 页数:19
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文章作者:U-336598

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