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【高考讲坛】2023高考数学一轮复习 第8章 第8节 曲线与方程课后限时自测 理 苏教版
【高考讲坛】2023高考数学一轮复习 第8章 第8节 曲线与方程课后限时自测 理 苏教版
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【高考讲坛】2016届高考数学一轮复习第8章第8节曲线与方程课后限时自测理苏教版[A级 基础达标练]一、填空题1.(2014·徐州调研)若直线y=kx-2与抛物线y2=8x交于A,B两个不同的点,且AB的中点的横坐标为2,则k=________.[解析] 由消y得k2x2-4(k+2)x+4=0,由题意得Δ=[-4(k+2)]2-4k2×4=64(1+k)>0解得k>-1,且x1+x2==4解得k=-1或k=2,故k=2.[答案] 22.点P是圆(x-4)2+(y-1)2=4上的动点,O是坐标原点,则线段OP的中点Q的轨迹方程是________.[解析] 设P(x0,y0),Q(x,y),则x=,y=,∴x0=2x,y0=2y,∵(x0,y0)是圆上的动点,∴(x0-4)2+(y0-1)2=4.∴(2x-4)2+(2y-1)2=4.即(x-2)2+2=1.[答案] (x-2)2+2=13.(2014·宿迁质检)设抛物线的顶点在原点,其焦点F在x轴上,抛物线上的点P(2,k)与点F的距离为3,则抛物线方程为________.[解析] ∵xP=2>0,∴设抛物线方程为y2=2px,则|PF|=2+=3,∴=1,∴p=2.[答案] y2=4x4.动点P到两坐标轴的距离之和等于2,则点P的轨迹所围成的图形面积是________.[解析] 设P(x,y),则|x|+|y|=2.它的图形是一个以2为边长的正方形,故S=(2)2=8.[答案] 85.已知动圆过定点A(4,0),且在y轴上截得弦MN的长为8.则求动圆圆心的轨迹C6\n的方程为________.[解析] 如图,设动圆圆心为O1(x,y),由题意,|O1A|=|O1M|,当O1不在y轴上时,过O1作O1H⊥MN交MN于H,则H是MN的中点.∴|O1M|=,又|O1A|=,∴=,化简得y2=8x(x≠0).当O1在y轴上时,O1与O重合,点O1的坐标(0,0)也满足方程y2=8x,∴动圆圆心的轨迹C的方程为y2=8x.[答案] y2=8x6.(2014·盐城调研)如图883所示,已知C为圆(x+)2+y2=4的圆心,点A(,0),P是圆上的动点,点Q在直线CP上,且·=0,=2.当点P在圆上运动时,则点Q的轨迹方程为________.图883[解析] 圆(x+)2+y2=4的圆心为C(-,0),半径r=2,∵·=0,=2,∴MQ⊥AP,点M是线段AP的中点,即MQ是AP的中垂线,连接AQ,则|AQ|=|QP|,∴||QC|-|QA||=||QC|-|QP||=|CP|=r=2,又|AC|=2>2,根据双曲线的定义,点Q的轨迹是以C(-,0),A(,0)为焦点,实轴长为2的双曲线,由c=,a=1,得b2=1,因此点Q的轨迹方程为x2-y2=1.[答案] x2-y2=17.已知抛物线C:x2=4y的焦点为F,经过点F的直线l交抛物线于A、B两点,过A、B两点分别作抛物线的切线,设两切线的交点为M.则点M的轨迹方程为________.6\n[解析] 设M(x,y),A,B,显然x1≠x2,由x2=4y,得y=x2,∴y′=x,于是过A、B两点的切线方程分别为y-=(x-x1),即y=x- ①,y-=(x-x2),即y=x- ②,由①②解得 ③,设直线l的方程为y=kx+1,由,得x2-4kx-4=0,∴x1+x2=4k,x1x2=-4 ④,④代入③得,即M(2k,-1),故点M的轨迹方程是y=-1.[答案] y=-18.(2014·江苏泰州中学期末)若椭圆C1:+=1(a1>b1>0)和C2:+=1(a2>b2>0)是焦点相同且a1>a2的两个椭圆,有以下几个命题:①C1,C2一定没有公共点;②>;③a-a=b-b;④a1-a2<b1-b2,其中所有真命题的序号为________.[解析] 由题意得a-b=a-b.因为a1>a2,所以b1>b2,C1,C2一定没有公共点;因为a1>a2,b1>b2,所以>不一定成立;由a-b=a-b得a-a=b-b;由a-a=b-b得(a1-a2)(a1+a2)=(b1-b2)(b1+b2),因为a1+a2>b1+b2,所以a1-a2<b1-b2.[答案] ①③④二、解答题9.(2012·辽宁高考)如图884,动圆C1:x2+y2=t2,1<t<3,与椭圆C2:+y2=1相交于A,B,C,D四点,点A1,A2分别为C2的左,右顶点.图884(1)当t为何值时,矩形ABCD的面积取得最大值?并求出其最大面积.(2)求直线AA1与直线A2B交点M的轨迹方程.[解] (1)设A(x0,y0),则矩形ABCD的面积S=4|x0|·|y0|.由+y=1得y=1-,从而xy=x(1-)=-(x-)2+.6\n当x=,y=时,Smax=6.从而t=时,矩形ABCD的面积最大,最大面积为6.(2)由A(x0,y0),B(x0,-y0),A1(-3,0),A2(3,0)知直线AA1的方程为y=(x+3).①直线A2B的方程为y=(x-3).②由①②得y2=(x2-9).③又点A(x0,y0)在椭圆C上,故y=1-.④将④代入③得-y2=1(x<-3,y<0).因此直线AA1与直线A2B交点M的轨迹方程为-y2=1(x<-3,y<0).10.(2014·南通模拟)在平面直角坐标系xOy中,设曲线C1:+(a>b>0)所围成的封闭图形的面积为4,曲线C1上的点到原点O的最短距离为.以曲线C1与坐标轴的交点为顶点的椭圆记为C2.(1)求椭圆C2的标准方程;(2)设AB是过椭圆C2中心O的任意弦,l是线段AB的垂直平分线M是l上的点(与O不重合).①若|MO|=2|OA|,当点A在椭圆C2上运动时,求点M的轨迹方程;②若M是l与椭圆C2的交点,求△AMB面积的最小值.[解] (1)由题意得又a>b>0,解得a2=8,b2=1,因此所求椭圆的标准方程为+y2=1.(2)①设M(x,y),A(m,n),则由题设知||=2||,·=0,即解得因为点A(m,n)在椭圆C2上,所以+n2=1.即+x2=1,亦即+=1,6\n所以点M的轨迹方程为+=1.②设M(x,y),则A(λy,-λx)(λ∈R,λ≠0),因为点A在椭圆C2上,所以λ2(y2+8x2)=8,即y2+8x2=,(ⅰ)又x2+8y2=8,(ⅱ)(ⅰ)+(ⅱ)得x2+y2=,所以S△AMB=OM·OA=|λ|(x2+y2)=·≥.当且仅当λ=±1时,(S△AMB)min=.[B级 能力提升练]一、填空题1.(2014·苏州模拟)如图885,已知F1、F2分别是椭圆C:+=1(a>b>0)的左、右焦点,点P在椭圆C上,线段PF2与圆x2+y2=b2相切于点Q,且点Q为线段PF2的中点,则椭圆C的离心率为________.图885[解析] 由题意得OQ=b=PF1,则PF2=2a-PF1=2a-2b,QF2=a-b,所以(a-b)2+b2=c2,解得2a=3b,则4a2=9b2=9a2-9c2,得e=.[答案] 2.(2014·南师附中调研)已知抛物线y2=4x,点A(5,0).点O为坐标原点,倾斜角为的直线l与线段OA相交但不过O,A两点,且交抛物线于M,N两点,则△AMN的面积的最大值为________.[解析] 设直线l的方程为y=x+b(-5<b<0),联立方程消去x,得y2-4y+4b6\n=0.设M(x1,y1),N(x2,y2),则,设直线l与OA的交点为P,则P(-b,0),S△AMN=|PA||y1-y2|=(5+b)·=2(5+b).设=t(t≥0).则b=1-t2,所以S△AMN=f(t)=2(6-t2)t=12t-2t3,则f′(t)=12-6t2,令f′(t)=0,则t=(-舍去),此时S△AMN=12×-2×()3=8,b=1-()2=-1,即b=-1时,直线l:y=x-1.故△AMN的面积的最大值为8.[答案] 8二、解答题3.在平面直角坐标系中,已知点A,向量e=(0,1),点B为直线x=-上的动点,点C满足2=+,点M满足·e=0,·=0.(1)试求动点M的轨迹E的方程;(2)设点P是轨迹E上的动点,点R,N在y轴上,圆(x-1)2+y2=1内切于△PRN,求△PRN面积的最小值.[解] (1)设B,C(x1,y1),M(x,y),由2=+,得C.∴⇒消去m得轨迹E的方程为y2=2x.(2)设P(x0,y0),R(0,b),N(0,c),且b>c,∴直线PR的方程为(y0-b)x-x0y+x0b=0.圆(x-1)2+y2=1内切于△PRN,则圆心(1,0)到直线PR的距离为1.∴=1,注意到x0>2,上式化简得(x0-2)b2+2y0b-x0=0,同理可得(x0-2)c2+2y0c-x0=0.∴b,c为方程(x0-2)x2+2y0x-x0=0的两根.∴b+c=,bc=,(b-c)2=.又y=2x0,∴b-c=,∴S△PRN=(b-c)x0==(x0-2)++4≥8,当且仅当x0=4时取等号,∴△PRN面积的最小值为8.6
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高考 - 一轮复习
发布时间:2022-08-25 17:50:49
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文章作者:U-336598
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