上海市吴淞中学2021-2022学年高一数学下学期期末试题（Word版附解析）

吴淞中学12021学年第二学期高一数学学科期末考试（试卷）一、填空题（本大题满分36分）本大题共有12题，每题3分．考生应在答题纸相应编号的空格内直接填写结果，拍照上传，得每个空格填对得3分，否则一律得零分．1.已知，化简________.【答案】【解析】【分析】由幂的运算法则即可求解.【详解】解：因为，所以由幂的运算法则得，故答案为：.2.函数（且）的图像恒过定点，则点的坐标是________.【答案】【解析】【分析】令对数的真数为1，求出所对应的的值，再求出，即可得解；【详解】解：因为函数（且）的图像恒过定点，所以令即时，所以点坐标为；故答案为：3.若复数满足（为虚数单位），则______.【答案】【解析】【分析】计算出再计算模长即可. 【详解】.故.故答案为：【点睛】本题主要考查了复数的运算以及模长运算,属于基础题型.4.已知向量，为单位向量，当向量、的夹角等于45°时，则向量在向量上的数量投影是________．【答案】【解析】【分析】根据向量在向量上投影的数量公式求解.【详解】向量在向量上的数量投影是，故答案为：5.若圆柱的侧面展开图是边长为的正方形，则圆柱的体积为_______．【答案】【解析】【详解】由题意可得，圆柱的高为h=4，不妨设底面圆半径为r,所以，.答案：6.已知，，则________．【答案】【解析】【分析】利用正弦函数的周期性即可求解.【详解】解析， 且，故答案为：．7.空间四边形ABCD中，且AB与CD所成角为60°，E，F分别是BC，AD的中点，则EF与AB所成角的大小为__________．【答案】或【解析】【分析】设的中点为，连接，利用等腰三角形可求EF与AB所成角的大小.【详解】设的中点为，连接，因为，故，同理，，故或其补角为AB与CD所成角，而AB与CD所成角为，故或，若，因为，故，故为等边三角形， 故，因为，故EF与AB所成角即为或其补角，故EF与AB所成角为，若，则为等腰三角形，故，因为，故EF与AB所成角即为或其补角，故EF与AB所成角为，故答案为：或.8.如图所示，M是四面体OABC的棱BC的中点，点N在线段OM上，点P在线段AN上，且AP＝3PN，，设，，则________（用来表示）【答案】【解析】【分析】利用空间的基底结合空间向量的线性运算计算即可得解.【详解】，而M是四面体OABC的棱BC的中点，则，因AP＝3PN，，则，所以.故答案为：9.已知f（x）＝sin（ω＞0），f（）＝f（），且f（x）在区间上有最小值，无最大值，则ω＝_____． 【答案】【解析】【分析】由题意可得函数的图象关于直线对称，再根据在区间上有最小值，无最大值，可得，由此求得的值.【详解】对于函数，由得，函数图象关于对称，又在区间有最小值，无最大值，可得，即，又，即所以.故答案为：.【点睛】本题主要考查正弦函数的图象的对称性，正弦函数的最值，属于中档题．10.在中，点是上一点，且，为上一点，向量，则的最小值为_________．【答案】【解析】【分析】由三点共线及平面向量基本定理得的关系，然后结合基本不等式得最小值．【详解】因为，所以，又三点共线，所以， 所以，当且仅当，妈时等号成立．所以的最小值为．故答案为：．【点睛】结论点睛：是平面上不共线三点，是平面上任一点，，则三点共线，若在线段内部（不含端点），则．11.如图所示的几何体是由一个圆柱挖去一个以圆柱的上底面为底面，下底面圆心为顶点的圆锥而得到的组合体，现用一个垂直于圆柱底面的平面去截这个组合体﹐则截面图形可能是______（填序号）．【答案】①⑤【解析】【分析】根据圆锥曲线的定义和圆锥的几何特征，分截面过旋转轴时和截面不过旋转轴时两种情况，分析截面图形的形状，最后综合讨论结果，可得答案.【详解】由题意，当截面过旋转轴时，圆锥的轴截面为等腰三角形，此时①符合条件；当截面不过旋转轴时，圆锥的轴截面为双曲线的一支，此时⑤符合条件，综上可知截面的图形可能是①⑤.故答案为：①⑤12.如图，平面平面，，，．平面内一点 满足，记直线OP与平面OAB所成角为，则的最大值是_________．【答案】【解析】【分析】作出图形，找出直线与平面所成的角，证出平面，得出，得出点的轨迹就是平面内以线段为直径的圆点除外，转化成与圆有关的最值问题，即可求出结果【详解】如图，过点作，交的延长线于点，连接，，取的中点为，连接，过点作，垂足为，平面平面，且平面平面，平面，，，平面，在平面上的射影就是直线，故就是直线与平面所成的角，即，，，又，，，平面，平面，平面，，故点的轨迹就是平面内以线段为直径的圆点除外，，且，，设，则，从而，，如图， 当且仅当，即是圆的切线时，角有最大值，有最大值，取得最大值为：．故答案为：.二、选择题（本大题满分16分）本大题共有4题，每题有且只有一个正确答案，考生应在光大阅卷相应位置得，填上正确的答案，选对得4分，否则一律得零分．13.如图是一个正方体的表面展开图，则图中“有”在正方体中所在的面的对面上的是（）A者B.事C.竟D.成【答案】A【解析】【分析】直接把正方体的展开面图复原为空间图，结合正方体的结构特征，即可求解．【详解】根据正方体的表面展开图，换元成正方体，如图所示：其中“者”在最里面，“有”在最外面．构成对面关系．故选：A． 14.为了得到函数的图像，需对函数的图像所作的变换可以为（）A.先将图像上所有的横坐标伸长为原来的3倍，纵坐标不变，再向左平移个单位B.先将图像上所有的横坐标缩短为原来的，纵坐标不变，再向右平移个单位C.先将图像上所有的横坐标缩短为原来的，纵坐标不变，再向左平移个单位D.先将图像上所有的横坐标伸长为原来的3倍，纵坐标不变，再向右平移个单位【答案】B【解析】【分析】根据图像变换逐项计算后可得正确的选项.【详解】对于A，先将的图像上所有的横坐标伸长为原来的3倍，纵坐标不变，再向左平移个单位，所得图像的解析式为，故A错误；对于B，先将的图像上所有的横坐标缩短为原来的，纵坐标不变，再向右平移个单位，所得图像的解析式为，故B正确；对于C，先将的图像上所有的横坐标缩短为原来的，纵坐标不变，再向左平移个单位,所得图像的解析式为，故C错误；对于D，先将的图像上所有的横坐标伸长为原来的3倍，纵坐标不变，再向右平移个单位，所得图像的解析式为，故D错误；故选：B.15.人们用分贝(dB)来划分声音的等级，声音的等级（单位：dB）与声音强度（单位：）满足，一般两人小声交谈时，声音的等级约为54dB，在有40 人的课堂上讲课时，老师声音的强度约为一般两人小声交谈时声音强度的10倍，则老师声音的等级约为（）A.36dBB.63dBC.72dBD.81dB【答案】B【解析】【分析】利用题中给出的函数模型，结合对数的运算性质求解即可．【详解】解：设一般两人小声交谈时声音强度为，则，即，所以，则老师声音的等级约为．故选：．16.粽子，古时北方也称“角黍”，是由粽叶包裹糯米､泰米等馅料蒸煮制成的食品，是中国汉族传统节庆食物之一，端午食粽的风俗，千百年来在中国盛行不衰，粽子形状多样，馅料种类繁多，南北方风味各有不同，某四角蛋黄粽可近似看成一个正四面体，蛋黄近似看成一个球体，且每个粽子里仅包裹一个蛋黄，若粽子的棱长为，则其内可包裹的蛋黄的最大体积约为（）(参考数据：)A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】易知，当球体与正四面体内切时，球体（蛋黄）的体积最大，用等体积法即可求得.【详解】如图，正四面体ABCD，其内切球O与底面ABC切于O1，设正四面体棱长为a，内切球半径为r，连接BO1交AC于F，易知O1为的中心，点F为边AC的中点. 易得：，则，，∴，∴，∵，∴，∴球O的体积.故选：C.三、解答题（本大题满分48分）本大题共5题，解答下列各题必须在答题纸相应编号的规定区域内写出必要的步骤，并上传至光大阅卷．17.已知关于的方程在复数范围内的两根为、．（1）若p=8，求、；（2）若，求的值．【答案】（1），；（2）．【解析】【分析】（1）利用求根公式即可求解.（2）将代入方程即可求解【详解】（1）由题意得，， ∴，∴，．（2）已知关于x的方程的一根为，所以，所以，解得．18.如图，在中，，斜边，D是AB的中点．现将以直角边AO为轴旋转一周得到一个圆锥，点C为圆锥底面圆周上的一点，且．（1）求该圆锥的全面积；（2）求异面直线AO与CD所成角的大小．（结果用反三角函数表示）【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）根据圆锥的侧面积公式和圆锥全面积公式进行求解即可；（2）根据三角形中位线定理，结合异面直线成角的定义进行求解即可.小问1详解】在中，，即圆锥底面半径为2．圆锥的侧面积，圆锥的底面积，故圆锥的全面积；【小问2详解】 过D作交BO于点M，连接CM．则为异面直线AO与CD所成角．因为平面OBC，所以平面OBC，因为平面OBC，所以．在中，，所以．由D是AB的中点可知M是OB的中点，所以，则有．中，．所以，即异面直线AO与CD所成角的大小为.19.已知函数.（1）求证：是奇函数；（2）若对任意，恒有，求实数a的取值范围.【答案】（1）证明见解析；（2）.【解析】【分析】（1）计算化简，得出即可证明；（2）根据奇函数得出，再根据单调性得出，进而得出恒成立，令，可得 ，利用单调性求出的最大值即可.【详解】（1）证明：的定义城是R，又，且，所以，是奇函数.（2）解：由，得，因为是奇函数，所以，即.又因为在R上单调递增，所以，即，所以，对任意，恒成立，设，.则.因为函数在上单调递减，所以，即，则， 所以，实数a的取值范围是.【点睛】本题考查奇偶性和单调性的综合应用，考查不等式的恒成立问题，解题的关键是利用函数是奇函数和单调递增得出恒成立，换元得出，再利用单调性求出最大值.20.在边长为3的正三角形ABC中，E，F，P分别是AB，AC，BC边上的点，且满足（如图1），将沿EF折起到的位置，使二面角成直二面角，连接，（如图2）（1）求证：平面BEP；（2）求二面角的余弦值．【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）在图1中，由余弦定理求出，根据勾股定理即可得，进而在图2中，可得，又平面平面BEP，从而根据面面垂直的性质定理即可证明平面； （2）以、、所在直线为、、轴建立空间直角坐标系，分别求出面与面的一个法向量，然后利用向量法即可求解二面角的余弦值.【小问1详解】证明：由题意，在图1中，，又，所以由余弦定理可得，所以，所以，所以在图2中，，因为二面角为直二面角，即平面平面BEP，又平面平面BEP，平面，所以平面；【小问2详解】解：分别以、、所在直线为、、轴建立空间直角坐标系，则，0，，，0，，，，，，0，，，，，设面的法向量为，则，取，得，，，设面的法向量为， 则，取，得，1，，，由图可知二面角为钝二面角，所以二面角的余弦值为．21.已知的内角A、B、C的对边分别为a、b、c，已知，且满足.（1）求C；（2）若，求当函数取最小值时周长；（3）求的取值范围．【答案】（1）；（2）；（3）.【解析】【分析】（1）先由题中条件，得到，再由正弦定理将该式变形整理，求出，即可得出角；（2）先将化简整理，得到，确定其取最小值时，，进而可求出各边长，得到三角形的周长；（3）先由（1）得到，，将所求式子化为，化简整理后，利用三角函数的性质，即可求出其范围.【详解】（1）由题意可得，根据正弦定理可得，则，所以，又为三角形内角，所以，因此，所以； （2）因为，由可得，因此；所以当且仅当时，取得最小值，此时；因为，所以，，则的周长为；（3）因为，所以，，因此，因为，所以，因此，所以，即的取值范围是.【点睛】思路点睛：求解三角形的相关问题时，一般先利用正弦定理或余弦定理将题中条件进行转化，求出所需角或边；再结合题中条件，进行求解；有时也会利用三角函数的性质或基本不等式求解最值或范围问题.