首页

2020-2021学年上海市某校高三(上)期中数学试卷【高中数学,期中数学试卷,含答案word可编辑】

资源预览文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。

1/6

2/6

剩余4页未读,查看更多内容需下载

2020-2021学年上海市某校高三(上)期中数学试卷一、填空题(第1-6题每题4分,第7-12题每题5分,满分54分))1.limn&rarr;&infin;2n2+5n2+4n+10=________.2.关于x的不等式x+1x-2&lt;0的解集为________.3.已知集合A={y|y=10x},B={y|y=lgx},则A&cap;B=________.4.若复数z满足(1+2i)z=3+4i,其中i为虚数单位,则|z|=________.5.已知公比为q的等比数列{an}满足a2+a4=2a3,则q=________.6.函数f(x)=x-2(x&gt;1)的反函数为________y=x-12(0<x<1).7.已知lnx>lny,则|x-y|+1x+y2的最小值为________.8.已知角&theta;和角&phi;的始边均与x轴正半轴重合,终边互相垂直,若角&theta;的终边与单位圆交于点P(x0,13),则cos&phi;=________.9.在直角△ABC中,&ang;C=&pi;2,M是BC的中点,若sin&ang;BAM=1010,则sin&ang;BAC=________.10.已知函数f(x)=2x-1-21-x,x&le;1|x-2|-1,x&gt;1 ,则关于x的不等式f(x-1)+f(x)&le;0的解集为________.11.设函数f(x)为定义在集合D上的偶函数,对任意x&isin;D都有f(f(x))=x,若方程f(x)+x=0有解x0,则x0=________.12.已知首项为13的数列{an}满足an+1=22an2+&lambda;(n&isin;N*),若an&lt;22对任意正整数n恒成立,则实数&lambda;的最大值为________24.二、选择题(每题5分,满分20分))13.已知无穷等比数列{an}的首项为1,公比为13,则{an}各项的和为()A.23B.34C.43D.3214.&ldquo;cos(x-&pi;2)=-1&rdquo;是&ldquo;x=k&pi;+&pi;2,k&isin;Z&rdquo;的()A.充分非必要条件B.必要非充分条件C.充分必要条件D.非充分非必要条件15.已知f(x)=tanx,x&isin;Z,则下列说法中正确的是()A.函数f(x)不为奇函数B.函数f(x)存在反函数C.函数f(x)试卷第5页,总6页, 具有周期性D.函数f(x)的值域为R16.设定义在R上的函数f(x)的值域为A,若集合A为有限集,且对任意x1、x2&isin;R,存在x3&isin;R使得f(x1)f(x2)=f(x3),则满足条件的集合A的个数为()A.3B.5C.7D.无穷个三、解答题(本题共有5大题,满分76分))17.在△ABC中,设角A、B、C所对应的边分别为a、b、c,点M是边BC的中点,且3b=3acosC+csinA.(1)求A的值;(2)若a=7,c=5,求△ABM的面积.18.已知函数f(x)=asinx+bcosx,其中ab&ne;0.(1)若b=1,是否存在实数a使得函数f(x)为偶函数,若存在,求出a的值;若不存在,请说明理由;(2)若x=34&pi;为函数f(x)的对称轴,求函数f(x)的单调增区间.19.诺贝尔奖每年发放一次,把奖金总金额平均分成6份,奖励在6项(物理、化学、文学、经济学、生理学和医学、和平)为人类做出最有贡献人.每年发放奖金的总金额是基金在该年度所获利息的一半,另一半利息用于增加基金总额,以便保证奖金数逐年递增.资料显示:1998年诺贝尔奖发奖后的基金总额(即1999年的初始基金总额)已达19516万美元,基金平均年利率为r=6.24%.(1)求1999年每项诺贝尔奖发放奖金为多少万美元(精确到0.01);(2)设an表示(1998+n)年诺贝尔奖发奖后的基金总额,其中n&isin;N*,求数列{an}的通项公式,并因此判断&ldquo;2020年每项诺贝尔奖发放奖金将高达193.46万美元&rdquo;的推测是否具有可信度.20.已知椭圆&Gamma;:y212+x26=1,F是&Gamma;的下焦点,过点R(0,&thinsp;6)的直线l交&Gamma;于M、N两点,(1)求F的坐标和椭圆&Gamma;的焦距;(2)求△MNF面积的最大值,并求此时直线l的方程;(3)在y轴上是否存在定点S,使得&ang;RSM+&ang;RSN=&pi;恒成立?若存在,求出定点S的坐标;若不存在,请说明理由.21.已知数列{an}满足:对任意n&isin;N*,都有an=bn或an=cn,其中数列{bn}是以b为首项,d为公差的等差数列,数列{cn}是以c为首项,q为公比的等比数列.(1)若an+1=an(n&isin;N*),求d(q2-1)的值;(2)若d&lt;0,q&lt;0,证明:数列{an}不为递增数列;(3)已知b&gt;0,c&gt;0,d&gt;0,设Sn为数列{an}的前n项和,若存在常数M,对任意n&isin;N*都有|Sn|&le;M,求实数q的取值范围.试卷第5页,总6页, 参考答案与试题解析2020-2021学年上海市某校高三(上)期中数学试卷一、填空题(第1-6题每题4分,第7-12题每题5分,满分54分)1.22.(-1,&thinsp;2)3.(0,&thinsp;+&infin;)4.55.16.y=x-12,(0<x<1)7.748.±139.255,或2210.(-∞, 72="">0时,令2k&pi;-&pi;2&le;x-&pi;4&le;2k&pi;+&pi;2,k&isin;Z,解得2k&pi;-&pi;4&le;x&le;2k&pi;+3&pi;4,k&isin;Z,所以,单调增区间是[2k&pi;-&pi;4,2k&pi;+3&pi;4],k&isin;Z,当a&lt;0时,令2k&pi;+&pi;2&le;x-&pi;4&le;2k&pi;+3&pi;2,k&isin;Z,解得2k&pi;+3&pi;4&le;x&le;2k&pi;+7&pi;4,k&isin;Z,所以,单调增区间是[2k&pi;+3&pi;4,2k&pi;+7&pi;4],k&isin;Z.19.由题意得1999年诺贝尔奖发奖后基金总额为19516&times;(1+6.24%)-12&times;19516&times;6.24%=20124.8992&asymp;20125万美元,每项诺贝尔奖发放奖金为16&times;(12&times;19516&times;6.24%)=101.4832&asymp;101,48万美元;由题意得a1=20125,a2=a1&sdot;(1+6.24%)-12&sdot;a1&sdot;6.24%=a1&sdot;(1+3.12%),a3=a2&sdot;(1+6.24%)-12&sdot;a2&sdot;6.24%=a2&sdot;(1+3.12%)=a1&sdot;(1+3.12%)2&hellip;所以an=20125&sdot;(1+3.12%)n-1,2019年诺贝尔奖发奖后基本总额为a21=20125&sdot;(1+3.12%)20,2020年每项诺贝尔奖发放奖金为16&times;12&times;a21&times;6.24%&asymp;193.46万美元,故该推测具有可信度.20.椭圆&Gamma;:y212+x26=1,可得a=23,b=6,所以c=6,F(0,-6),焦距为2c=26;由题意得直线l的斜率存在,设直线l:y=kx+6,由y212+x26=1y=kx+6 得(k2+2)x2+12kx+24=0,所以△=144k2-96(k2+2)=48(k2-4)&gt;0,故k2-4&gt;0,设M(x1,&thinsp;y1),N(x2,&thinsp;y2),则x1+x2=-12kk2+2,x1x2=24k2+2,所以|MN|=1+k2|x1-x2|=1+k2(x1+x2)2-4x1x2=1+k2(-12kk2+2)2-424k2+2=1+k2k2+2144k2-96(k2+2)=1+k2k2+248k2-192=431+k2k2+2k2-4(或用|MN|=1+k2△A)试卷第5页,总6页, 点F到直线l的距离d=|6+6|1+k2,所以S△MNF=12|MN|&sdot;d=12431+k2k2+2k2-4|6+6|1+k2=23(6+6)k2-4k2+2,令t=k2-4&gt;0,则S△MNF=23(6+6)tt2+6=23(6+6)1t+6t,所以S△MNF&le;23(6+6)126=3+32,当且仅当k=&plusmn;10时取等号,所以△MNF面积的最大值为3+32,此时直线l的方程为y=&plusmn;10x+6;当直线l的斜率存在时,由(2)得x1+x2=-12kk2+2,x1x2=24k2+2,因为&ang;RSM+&ang;RSN=&pi;,所以kMS+kNS=0,即y1-tx1+y2-tx2=0,所以x2(y1-t)+x1(y2-t)=0,所以x2(kx1+6-t)+x1(kx2+6-t)=0,所以2kx1x2+(6-t)(x1+x2)=0,所以2k24k2+2+(6-t)-12kk2+2=12kk2+2(t-2)=0,因为k&ne;0,所以t=2,所以S(0,&thinsp;2),当直线l的斜率不存在时,直线l也过定点S(0,&thinsp;2),故y轴上是否存在定点S(0,&thinsp;2),使得&ang;RSM+&ang;RSN=&pi;恒成立.21.①当d=0时,an=bn=b为常数列,所以d(q2-1)=0,②当q=1时,an=cn=c为常数列,所以d(q2-1)=0,③当d&ne;0且q&ne;1,要使得an=an+1,则an,an+1必在bn,cn交替出现,即an=bn,an+1=cn+1,an+2=bn+2,所以an=an+2=bn=bn+2&rArr;d=0,矛盾,综上,d(q2-1)=0;证明:①若an=bn,则数列{an}是递减数列,即数列{an}不为递增数列;②若an=cn,因为q&lt;0,所以cn正负交替出现,所以{an}不为递增数列;③若an=bn,或an=cn,则若{an}是递增数列,则an,an+1必在bn,cn中交替出现,设an+1=b+nd,an=cqn-1,则b+nd&gt;cqn-1,因为d&lt;0,所以必定存在正整数m,当n&gt;m时,b+nd&lt;0,而cqn-1正负交替出现,所以b+nd&gt;cqn-1不恒成立,矛盾,综上,数列{an}不为递增数列;①当q&ge;1时,bn,cn均不减,所以|Sn|&le;M显然不成立,②当-1<q<1,q≠0时,令an=cn,|sn|=|c1+c2+⋯+cn|≤|c1|+|c2|+⋯+|cn|=c(1-|q|n)1-|q|<c1-|q|,故存在常数m=c1-|q|,使得|sn|≤m恒成立,③当q=-1时,令an=cn试卷第5页,总6页,>2M,c|q|n-1&gt;2M,即n&gt;2M-bd+1,n&gt;log|q|2Mc时,2M<bn,2m<|cn|⇒|an|>2M矛盾,综上所述,-1&le;q&lt;1,q&ne;0.试卷第5页,总6页</bn,2m<|cn|⇒|an|></q<1,q≠0时,令an=cn,|sn|=|c1+c2+⋯+cn|≤|c1|+|c2|+⋯+|cn|=c(1-|q|n)1-|q|<c1-|q|,故存在常数m=c1-|q|,使得|sn|≤m恒成立,③当q=-1时,令an=cn试卷第5页,总6页,></x<1)7.748.±139.255,或2210.(-∞,></x<1).7.已知lnx>

版权提示

  • 温馨提示:
  • 1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
  • 2. 本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
  • 3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
  • 4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)

文档下载

所属: 高中 - 数学
发布时间:2021-09-04 22:36:14 页数:6
价格:¥2 大小:31.36 KB
文章作者: 真水无香

推荐特供

MORE