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一点一练2022版高考数学第四章平面向量专题演练理含两年高考一年模拟

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第四章 平面向量考点13 平面向量的概念与运算两年高考真题演练1.(2022·山东)已知菱形ABCD的边长为a,∠ABC=60°,则·=(  )A.-a2B.-a2C.a2D.a22.(2022·新课标全国Ⅰ)设D为△ABC所在平面内一点,=3,则(  )A.=-+B.=-C.=+D.=-3.(2022·陕西)对任意向量a,b,下列关系式中不恒成立的是(  )A.|a·b|≤|a||b|B.|a-b|≤||a|-|b||C.(a+b)2=|a+b|2D.(a+b)(a-b)=a2-b24.(2022·重庆)若非零向量a,b满足|a|=|b|,且(a-b)⊥(3a+2b),则a与b的夹角为(  )A.B.C.D.π5.(2022·新课标全国Ⅰ)设D,E,F分别为△ABC的三边BC,CA,AB的中点,则+=(  )A.B.C.D.6.(2022·福建)设M为平行四边形ABCD对角线的交点,O为平行四边形ABCD所在平面内任意一点,则+++等于(  )A.B.2C.3D.47.(2022·浙江)设θ为两个非零向量a,b的夹角.已知对任意实数t,|b+ta|的最小值为1.(  )A.若θ确定,则|a|唯一确定B.若θ确定,则|b|唯一确定19\nC.若|a|确定,则θ唯一确定D.若|b|确定,则θ唯一确定8.(2022·浙江)记max{x,y}=min{x,y}=设a,b为平面向量,则(  )A.min{|a+b|,|a-b|}≤min{|a|,|b|}B.min{|a+b|,|a-b|}≥min{|a|,|b|}C.max{|a+b|2,|a-b|2}≤|a|2+|b|2D.max{|a+b|2,|a-b|2}≥|a|2+|b|29.(2022·山东)已知向量a=(1,),b=(3,m),若向量a,b的夹角为,则实数m=(  )A.2B.C.0D.-10.(2022·广东)已知向量a=(1,2),b=(3,1),则b-a=(  )A.(-2,1)B.(2,-1)C.(2,0)D.(4,3)11.(2022·福建)在下列向量组中,可以把向量a=(3,2)表示出来的是(  )A.e1=(0,0),e2=(1,2)B.e1=(-1,2),e2=(5,-2)C.e1=(3,5),e2=(6,10)D.e1=(2,-3),e2=(-2,3)12.(2022·北京)已知向量a=(2,4),b=(-1,1),则2a-b=(  )A.(5,7)B.(5,9)C.(3,7)D.(3,9)13.(2022·安徽)设a,b为非零向量,|b|=2|a|,两组向量x1,x2,x3,x4和y1,y2,y3,y4均由2个a和2个b排列而成.若x1·y1+x2·y2+x3·y3+x4·y4所有可能取值中的最小值为4|a|2,则a与b的夹角为(  )A.B.C.D.014.(2022·新课标全国Ⅱ)设向量a,b满足|a+b|=,|a-b|=,则a·b=(  )A.1B.2C.3D.515.(2022·新课标全国Ⅰ)已知A,B,C为圆O上的三点,若=(+),则与的夹角为________.16.(2022·北京)已知向量a,b满足|a|=1,b=(2,1),且λa+b=0(λ∈R),则|λ|=________.19\n17.(2022·江西)已知单位向量e1与e2的夹角为α,且cosα=,向量a=3e1-2e2与b=3e1-e2的夹角为β,则cosβ=________.考点13 平面向量的概念与运算一年模拟试题精练1.(2022·西城区模拟)设命题p:∀平面向量a和b,|a-b|<|a|+|b|,则綈p为(  )A.∀平面向量a和b,|a-b|≥|a|+|b|B.∃平面向量a和b,|a-b|<|a|+|b|C.∃平面向量a和b,|a-b|>|a|+|b|D.∃平面向量a和b,|a-b|≥|a|+|b|2.(2022·北京四中模拟)设x,y∈R,向量a=(x,1),b=(1,y),c=(2,-4),且a⊥c,b∥c,则|a+b|=(  )A.B.C.2D.103.(2022·朝阳区模拟)设a,b是两个非零的平面向量,下列说法正确的是(  )①若a·b=0,则有|a+b|=|a-b|;②|a·b|=|a||b|;③若存在实数λ,使得a=λb,则|a+b|=|a|+|b|;④若|a+b|=|a|-|b|,则存在实数λ,使得a=λb.A.①③B.①④C.②③D.②④4.(2022·吉林长春模拟)已知平面向量a,b满足|a|=,|b|=2,a·b=-3,则|a+2b|=(  )A.1B.C.4+D.25.(2022·甘肃模拟)已知平面向量a与b的夹角为,且|b|=1,|a+2b|=2,则|a|=(  )A.1B.C.3D.26.(2022·广东三门模拟)若非零向量a,b满足|a+b|=|b|,则(  )A.|2a|>|2a+b|B.|2a|<|2a+b|C.|2b|<|a+2b|D.|2b|>|a+2b|19\n7.(2022·四川雅安模拟)已知向量a是与单位向量b夹角为60°的任意向量,则对任意的正实数t,|ta-b|的最小值是(  )A.0B.C.D.18.(2022·安徽安庆模拟)已知a、b为平面向量,若a+b与a的夹角为,a+b与b的夹角为,则=(  )A.B.C.D.9.(2022·江南十校模拟)已知点A(1,-1),B(4,0),C(2,2)平面区域D是由所有满足=λ+μ(1≤λ≤a,1≤μ≤b)的点P(x,y)组成的区域,若区域D的面积为8,则4a+b的最小值为(  )A.5B.4C.9D.5+410.(2022·湖南常德模拟)已知=(2,1),=(5,5),则向量在方向上的投影为________.11.(2022·江苏启东模拟)已知平面上四个互异的点A、B、C、D满足:(-)·(2--)=0,则△ABC的形状是________.12.(2022·皖江名校模拟)在△ABC中,D为BC边上的中点,P0是边AB上的一个定点,P0B=AB,且对于AB上任一点P,恒有·≥·,则下列结论中正确的是________(填上所有正确命题的序号).①当P与A,B不重合时,+与共线;②·=-;③存在点P,使||<||;④·=0;⑤AC=BC.13.(2022·江苏四市模拟)在平面直角坐标系xOy中,设向量a=(1,2sinθ),b=,θ∈R.(1)若a⊥b,求tanθ的值;19\n(2)若a∥b,且θ∈,求θ的值.考点14 平面向量的应用两年高考真题演练1.(2022·四川)设四边形ABCD为平行四边形,||=6,||=4,若点M,N满足=3,=2,则·=(  )A.20B.15C.9D.62.(2022·安徽)△ABC是边长为2的等边三角形,已知向量a,b满足=2a,=2a+b,则下列结论正确的是(  )A.|b|=1B.a⊥bC.a·b=1D.(4a+b)⊥3.(2022·福建)已知⊥,||=,||=t,若点P是△ABC所在平面内的一点,且=+,则·的最大值等于(  )19\nA.13B.15C.19D.214.(2022·天津)已知菱形ABCD的边长为2,∠BAD=120°,点E,F分别在边BC,DC上,BE=λBC,DF=μDC,若·=1,·=-,则λ+μ=(  )A.B.C.D.5.(2022·四川)已知F为抛物线y2=x的焦点,点A,B在该抛物线上且位于x轴的两侧,·=2(其中O为坐标原点),则△ABO与△AFO面积之和的最小值是(  )A.2B.3C.D.6.(2022·安徽)在平面直角坐标系xOy中,已知向量a,b,|a|=|b|=1,a·b=0,点Q满足=(a+b).曲线C={P|=acosθ+bsinθ,0≤θ<2π},区域Ω={P|0<r≤||≤R,r<R}.若C∩Ω为两段分离的曲线,则(  )A.1<r<R<3B.1<r<3≤RC.r≤1<R<3D.1<r<3<R7.(2022·天津)在等腰梯形ABCD中,已知AB∥DC,AB=2,BC=1,∠ABC=60°,动点E和F分别在线段BC和DC上,且=λ,=,则||·||的最小值为________.8.(2022·浙江)已知e1,e2是空间单位向量,e1·e2=,若空间向量b满足b·e1=2,b·e2=,且对于任意x,y∈R,|b-(xe1+ye2)|≥|b-(x0e1+y0e2)|=1(x0,y0∈R),则x0=________,y0=________,|b|=________.                   9.(2022·天津)已知菱形ABCD的边长为2,∠BAD=120°,点E,F分别在边BC,DC上,BC=3BE,DC=λDF,若·=1,则λ的值为________.10.(2022·江苏)如图,在平行四边形ABCD中,已知AB=8,AD=5,=3,·=2,则·19\n的值是________.11.(2022·山东)在△ABC中,已知·=tanA,当A=时,△ABC的面积为________.12.(2022·陕西)在直角坐标系xOy中,已知点A(1,1),B(2,3),C(3,2),点P(x,y)在△ABC三边围成的区域(含边界)上,且=m+n(m,n∈R).(1)若m=n=,求||;(2)用x,y表示m-n,并求m-n的最大值.19\n考点14 平面向量的应用一年模拟试题精练1.(2022·沈阳质检)已知平行四边形ABCD中,=(2,8),=(-3,4),对角线AC与BD相交于点M,则的坐标为(  )A.B.C.D.2.(2022·辽宁五校联考)已知直角坐标系内的两个向量a=(1,3),b=(m,2m-3)使平面内的任意一个向量c都可以唯一地表示成c=λa+μb,则m的取值范围是(  )A.(-∞,0)∪(0,+∞)B.(-∞,-3)∪(-3,+∞)C.(-∞,3)∪(3,+∞)D.[-3,3)3.(2022·广东肇庆模拟)已知向量a=(1,-cosθ),b=(1,2cosθ)且a⊥b,则cos2θ等于(  )A.-1B.0C.D.4.(2022·天津一中模拟)已知向量a,b,c中任意两个都不共线,且a+b与c共线,b+c与a共线,则向量a+b+c=(  )A.aB.bC.cD.05.(2022·上海市浦东新区模拟)如图所示,点A,B,C是圆O上的三点,线段OC与线段AB交于圆内一点,若=m+n,则(  )A.0<m+n<1B.m+n>1C.m+n<-1D.-1<m+n<06.(2022·天津市滨海新区模拟)在平行四边形ABCD中,=,=2,连接CE、19\nDF相交于点M,若=λ+μ,则实数λ与μ的乘积为(  )A.B.C.D.7.(2022·广东肇庆市模拟)定义空间两个向量的一种运算a⊗b=|a|·|b|sin〈a,b〉,则关于空间向量上述运算的以下结论中,①a⊗b=b⊗a,②λ(a⊗b)=(λa)⊗b,③(a+b)⊗c=(a⊗c)+(b⊗c),④若a=(x1,y1),b=(x2,y2),则a⊗b=|x1y2-x2y1|.恒成立的有(  )A.1个B.2个C.3个D.4个8.(2022·山东济宁模拟)如图,在矩形ABCD中,AB=,BC=2,点E为BC的中点,点F在边CD上,若·=,则·的值是________.9.(2022·湖北宜昌模拟)△ABC的三个角A,B,C所对的边分别为a,b,c,向量m=(2,-1),n=(sinBsinC,+2cosBcosC),且m⊥n.(1)求角A的大小;(2)现给出以下三个条件:①B=45°;②2sinC-(-1)·sinB=0;③a=2.试从中再选择两个条件以确定△ABC,并求出所确定的△ABC的面积.19\n第四章 平面向量考点13 平面向量的概念与运算【两年高考真题演练】1.D [如图所示,由题意,得BC=a,CD=a,∠BCD=120°.BD2=BC2+CD2-2BC·CD·cos120°=a2+a2-2a·a×=3a2,∴BD=a.∴·=||||cos30°=a2×=a2.]2.A [∵=3,∴-=3(-),即4-=3,∴=-+.]3.B4.A [由题意(a-b)·(3a+2b)=3a2-a·b-2b2=0,即3|a|2-|a|·|b|cosθ-2|b|2=0,所以3×-cosθ-2=0,cosθ=,θ=,选A.]5.A [+=(+)+(+)=(+)=,故选A.]6.D [依题意知,点M是线段AC的中点,也是线段BD的中点,所以+=2,+=2,所以+++=4,故选D.]7.B [|b+ta|2=|a|2t2+2a·b·t+|b|2=|a|2t2+2|a||b|cosθ·t+|b|2,设f(t)=|a|2t2+2|a||b|cosθ·t+|b|2,则二次函数f(t)的最小值为1,即=1,化简得|b|2sin2θ=1.∵|b|>0,0≤θ≤π,∴|b|sinθ=1,若θ确定,则|b|唯一确定,19\n而|b|确定,θ不确定,故选B.]8.D [由三角形法则知min{|a+b|,|a-b|}与min{|a|,|b|}的大小不确定,由平行四边形法则知,max{|a+b|,|a-b|}所对角大于或等于90°,由余弦定理知max{|a+b|2,|a-b|2}≥|a|2+|b|2,故选D.]9.B [根据平面向量的夹角公式可得=,即3+m=×,两边平方并化简得6m=18,解得m=,经检验符合题意.]10.B [由于a=(1,2),b=(3,1),于是b-a=(3,1)-(1,2)=(2,-1),选B.]11.B [若e1=(0,0),e2=(1,2),则e1∥e2,而a不能由e1,e2表示,排除A;若e1=(-1,2),e2=(5,-2),因为≠,所以e1,e2不共线,根据共面向量的基本定理,可以把向量a=(3,2)表示出来,故选B.]12.A [因为a=(2,4),b=(-1,1),所以2a-b=(2×2-(-1),2×4-1)=(5,7),选A.]13.B [设S=x1·y1+x2·y2+x3·y3+x4·y4,若S的表达式中有0个a·b,则S=2a2+2b2,记为S1,若S的表达式中有2个a·b,则S=a2+b2+2a·b,记为S2,若S的表达式中有4个a·b,则S=4a·b,记为S3.又|b|=2|a|,所以S1-S3=2a2+2b2-4a·b=2(a-b)2>0,S1-S2=a2+b2-2a·b=(a-b)2>0,S2-S3=(a-b)2>0,所以S3<S2<S1,故Smin=S3=4a·b,设a,b的夹角为θ,则Smin=4a·b=8|a|2cosθ=4|a|2,即cosθ=,又θ∈[0,π],所以θ=.]14.A [∵|a+b|=10,∴(a+b)2=10,即a2+b2+2a·b=10.①∵|a-b|=,∴(a-b)2=6,即a2+b2-2a·b=6.②由①②可得a·b=1.故选A.]15.90° [由=(+)可知O为BC的中点,即BC为圆O的直径,又因为直径所对的圆周角为直角,所以∠BAC=90°,所以与的夹角为90°.]16. [∵|a|=1,∴可令a=(cosθ,sinθ),∵λa+b=0,∴即由sin2θ+cos2θ=1得λ2=5,得|λ|=19\n.]17. [因为a2=(3e1-2e2)2=9-2×3×2×cosα+4=9,所以|a|=3,b2=(3e1-e2)2=9-2×3×1×cosα+1=8,所以|b|=2,a·b=(3e1-2e2)·(3e1-e2)=9e-9e1·e2+2e=9-9×1×1×+2=8,所以cosβ===.]【一年模拟试题精练】1.D [根据全称命题的否定是特称命题,故选D.]2.B [因为a⊥c,b∥c,所以x=2,y=-2,a+b=(3,1),所以|a+b|=,故选B.]3.B [①中利用平行四边形法则,可以得到以a,b为邻边的平行四边形为矩形,故|a+b|=|a-b|;②直接利用数量积公式,不正确;③中只有a,b同向时才成立;④|a+b|=|a|-|b|,则a,b反向,故正确,故选B.]4.B [|a+2b|==,故选B.]5.D [|a+2b|2=a2+4a·b+4b2=12,所以a2+2|a|-8=0,所以|a|=2,故选D.]6.D [因为|a+b|=|b|,则|a+b|2=|b|2,即a2+2a·b=0,所以a·b<0,因为|a+2b|2-|2b|2=a2+4a·b<0,故选D.]7.C [|ta-b|2=t2a2-t|a|+1=+,所以|ta-b|的最小值是,故选C.]8.D [利用向量加法的几何意义,可以得到|a|,|b|为邻边的三角形的内角分别为和由正弦定理得到=.]9.C [如图,延长AB至点N,延长AC至点M,使得|AN|=a|AB|,|AM|=b|AC|,作CH∥AN,BF∥AM,NG∥AM,MG∥AN,则四边形ABEC,ANGM,EHGF均为平行四边形.由题意知,点P(x,y)组成的区域D为图中的阴影部分,即四边形EHGF.∵=(3,1),=(1,3),=(-2,2),∴||=,||=,||=2.19\n则cos∠CAB==,sin∠CAB=.∴四边形EHGF的面积为(a-1)×(b-1)×=8.∴(a-1)(b-1)=1,即+=1,故4a+b=(4a+b)=5++≥5+2=9.当且仅当=,即a=,b=3时,等号成立,故4a+b取得最小值为9.]10. [向量在方向上的投影为==.]11.等腰三角形12.①②⑤ [因为D为BC边的中点,所以+=2,所以①正确;·=(+)·(+)=2-2,所以②正确;同理可得·=2-2,由已知·≥·恒成立,得2≥2,即||≥||恒成立,所以故③错误;注意到P0,D是定点,所以P0D是点D与直线上各点距离的最小值,所以P0D⊥AB,故·=0,设AB中点为O,则CO∥P0D,所以④错误;再由D为BC的中点,易得CO为底边AB的中线,故△ABC是等腰三角形,有AC=BC,所以⑤正确.综上可知,①②⑤正确.]13.解 (1)因为a⊥b,所以a·b=0,所以2sinθ+sin=0,即sinθ+cosθ=0.因为cosθ≠0,所以tanθ=-.(2)由a∥b,得2sinθsin=1,即2sin2θcos+2sinθcosθsin=1,即(1-cos2θ)+sin2θ=1,整理得,sin=,又θ∈,所以2θ-∈,19\n所以2θ-=,即θ=.考点14 平面向量的应用【两年高考真题演练】1.C [=+,=-=-+∴·=(4+3)·(4-3)=(162-92)=(16×62-9×42)=9,选C.]2.D [由于△ABC是边长为2的等边三角形;∴(+)·(-)=0,即(+)·=0,∴(4a+b)⊥,即(4a+b)⊥,故选D.]3.A [建立如图所示坐标系,则B,C(0,t),=,=(0,t),=+=t+(0,t)=(1,4),∴P(1,4),·=·(-1,t-4)=17-≤17-2=13,故选A.]4.C5.B6.A [由于|a|=|b|=1,a·b=0,所以||=(a+b)=·=2,因此点Q在以原点为圆心,半径等于2的圆上,19\n又||=|acosθ+bsinθ|===1,因此曲线C是以原点为圆心,半径等于1的圆.又区域Ω={P|0<r≤|PQ|≤R,r<R},所以区域Ω是以点Q为圆心,半径分别为r和R的两个圆之间的圆环,由图形可知,要使曲线C与该圆环的公共部分是两段分离的曲线,应有1<r<R<3.]7. [在梯形ABCD中,AB=2,BC=1,∠ABC=60°,可得DC=1,=+λ,=+,∴·=(+λ)·(+)=·+·+λ·+λ·=2×1×cos60°+2×+λ×1×cos60°+λ·×cos120°=++≥2+=,当且仅当=,即λ=时,取得最小值为.]8.1 2 2 [∵e1·e2=|e1|·|e2|cos〈e1,e2〉=,∴〈e1,e2〉=.不妨设e1=,e2=(1,0,0),b=(m,n,t).由题意知解得n=,m=,∴b=.∵b-(xe1+ye2)=,∴|b-(xe1+ye2)|2=++t2=x2+xy+y2-4x-5y+t2+7=+(y-2)2+t2.由题意知,当x=x0=1,y=y0=2时,+(y-2)2+t2取到最小值.此时t2=1,故|b|==2.]9.2 [∵四边形ABCD为菱形,且边长为2,∠BAD=120°,∴=,=.19\n由题意得=+=+,=+=+.∴·=·=×4+·+·+×4=+×2×2×+=1.∴-2-+=1.∴=3-,∴λ=2.]10.22 [由题意知,=+=+,=+=+=-,所以·=·=2-·-2,即2=25-·-×64,解得·=22.]11. [由·=tanA,可得||·||cosA=tanA,因为A=,所以||·||·=,即||·||=.所以S△ABC=||·||·sinA=××=.]12.解 (1)∵m=n=,=(1,2),=(1,2),∴=(1,2)+(2,1)=(2,2),∴||==2.(2)∵=m(1,2)+n(2,1)=(m+2n,2m+n),19\n∴两式相减,得m-n=y-x.令y-x=t,由图知,当直线y=x+t过点B(2,3)时,t取得最大值1,故m-n的最大值为1.【一年模拟试题精练】1.B [由题意可知,=(+)=,故选B.]2.B [由题意可知,向量a与b为基底,所以不共线,≠,得m≠-3,故选B.]3.B [a⊥b⇔-1+2cos2θ=0⇔cos2θ=0.]4.D [因为a+b与c共线,所以有a+b=mc,又b+c与a共线,所以有b+c=na,即b=mc-a且b=-c+na,因为a,b,c中任意两个都不共线,则有所以b=mc-a=-c-a,即a+b+c=0,选D.]5.B [如果记得结论,“A,B,D三点共线,O是直线AB外一点,=x+y,A,B,D三点共线⇔x+y=1,”则本题可很快得出结论,设D是OC与AB的交点,且=x+y,则x+y=1,而=λ=λx+λy,显然λ>1,又m=λx,n=λy,故m+n=λ(x+y)=λ>1,如果记不得这个结论,则直线从等式=m+n入手,2=(m+n)2=m2+n2+2mn·,而·<||||=1,因此1=2<m2+n2+2mn,所以m+n>1.]6.B [因为E,M,C三点共线,所以设=x+(1-x),则=+(1-x)(+)=+(1-x).同理D,M,F三点共线,所以设=y+(1-y),则=y+,所以有19\n解得y=,即=+,所以λ=,μ=,即λμ=×=,选B.]7.B [①恒成立;②λ(a⊗b)=λ|a|·|b|sin〈a,b〉,(λa)⊗b=|λa|·|b|sin〈a,b〉,当λ<0时,λ(a⊗b)=(λa)⊗b不成立;③当a,b,c不共面时,(a+b)⊗c=(a⊗c)+(b⊗c)不成立,例如取a,b,c为两两垂直的单位向量,易得(a+b)⊗c=,(a⊗c)+(b⊗c)=2;④由a⊗b=|a|·|b|sin〈a,b〉,a·b=|a||b|cos〈a,b〉,可知(a⊗b)2+(a·b)2=|a|2·|b|2(a⊗b)2=|a|2·|b|2-(a·b)2=(x+y)(x+y)=(x1x2+y1y2)2=(x1y2-x2y1)2,故a⊗b=|x1y2-x2y1|恒成立.]8. [将矩形放入平面直角坐标系,如图,因为AB=,BC=2,E为BC的中点,所以B(,0),D(0,2),C(,2),E(,1),设F(x,2)则=(x,2),=(,0),所以·=(x,2)·(,0)=x=,所以x=1.所以=(,1),=(x-,2)=(1-,2),所以·=(,1)·(1-,2)=.]9.解 (1)∵m⊥n,∴2sinBsinC-2cosBcosC-=0,∴cos(B+C)=-,∴cosA=,又0<A<π,∴A=30°,(2)选择①,③∵A=30°,B=45°,C=105°,a=2且sin105°=sin(45°+60°)=,c==+,19\n∴S△ABC=acsinB=+1,选②③∵A=30°,a=2,∴2sinC=(+1)sinB⇒2c=(+1)b,由余弦定理:a2=4=b2+-2b×b×⇒b2=8b=2,c=b=+,∴S△ABC=+1(选①,②不能).19

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发布时间:2022-08-26 00:03:11 页数:19
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文章作者:U-336598

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