【中考12年】江苏省无锡市2001-2022年中考数学试题分类解析 专题5 数量和位置变化

2022-2022年江苏无锡中考数学试题分类解析汇编（12专题）专题5：数量和位置变化一、选择题1.（江苏省无锡市2022年3分）如图中的图象（折线ABCDE）描述了一汽车在某一直线上的行驶过程中，汽车离出发地的距离s（千米）和行驶时间t（小时）之间的函数关系，根据图中提供的信息，给出下列说法：①汽车共行驶了120千米；②汽车在行驶途中停留了0.5小时；③汽车在整个行驶过程中的平均速度为千米/时；④汽车自出发后3小时至4.5小时之间行驶的速度在逐渐减少.其中正确的说法共有【】A、1个B、2个C、3个D、4个【答案】A。【考点】函数的图象。【分析】根据图象上的特殊点的实际意义即可作出判断：由图象可知，汽车走到距离出发点120千米的地方后又返回出发点，所以汽车共行驶了240千米，故①错；从1.5时开始到2时结束，时间在增多，而路程没有变化，说明此时汽车在停留，停留了2－1.5=0.5小时，故②对；汽车用4.5小时走了240千米，平均速度为：240÷4.5=1603千米/时，故③错；汽车自出发后3小时至4.5小时，图象是直线形式，说明是在匀速前进，故④错。所以，4个说法中，正确的说法只有1个。故选A。2.（江苏省无锡市2022年3分）任何一个正整数都可以进行这样的分解：（是正整数，且），如果在的所有这种分解中两因数之差的绝对值最小，我们就称是的最佳分解，并规定：．例如18可以分解成，，这三种，这时就有．给出下列关于的说法：（1）；（2）；（3）；（4）若22\n是一个完全平方数，则．其中正确说法的个数是【】Ａ．Ｂ．Ｃ．Ｄ．3.（2022江苏无锡3分）如图，以M（﹣5，0）为圆心、4为半径的圆与x轴交于A．B两点，P是⊙M上异于A．B的一动点，直线PA．PB分别交y轴于C．D，以CD为直径的⊙N与x轴交于E、F，则EF的长【】　A．等于4B．等于4C．等于6D．随P点【答案】C。【考点】圆周角定理，三角形内角和定理，相似三角形的判定和性质，垂径定理，勾股定理。【分析】连接NE，设圆N半径为r，ON=x，则OD=r﹣x，OC=r+x，∵以M（﹣5，0）为圆心、4为半径的圆与x轴交于A．B两点，∴OA=4+5=9，0B=5﹣4=1。∵AB是⊙M的直径，∴∠APB=90°。∵∠BOD=90°，∴∠PAB+∠PBA=90°，∠ODB+∠OBD=90°。∵∠PBA=∠OBD，∴∠PAB=∠ODB。22\n∵∠APB=∠BOD=90°，∴△OBD∽△OCA。∴，即，即r2﹣x2=9。由垂径定理得：OE=OF，由勾股定理得：OE2=EN2﹣ON2=r2﹣x2=9。∴OE=OF=3，∴EF=2OE=6。故选C。二、填空题1.（2022江苏无锡4分）函数y=中，自变量x的取值范围是▲；函数y=中，自变量x的取值范围是▲。【答案】；。【考点】函数自变量的取值范围，二次根式和分式有意义的条件。【分析】求函数自变量的取值范围，就是求函数解析式有意义的条件，根据分式分母不为0的条件，要使在实数范围内有意义，必须；根据二次根式被开方数必须是非负数的条件，要使在实数范围内有意义，必须。2.（2022江苏无锡3分）某人从甲地出发，骑摩托车去乙地，途中因车出现故障而停车修理，到达乙埋正好用了2小时，已知摩托车行驶的路程S（千米）与行驶的时间t（小时）之间的函数关系由如图的图象ABCD给出，若这辆摩托车平均每行驶100千米的耗油量为2升，根据图中给出的信息，从甲地到乙地，这辆摩托车共耗油量▲升。【答案】0.9。【考点】函数的图象。【分析】根据摩托车行驶的时间t和路程S的变化，将时间分为3段：0～1，1～1.5，1.5～2，分别观察每段中的路程差，然后确定摩托车行驶的时间，根据摩托车平均每行驶100千米的耗油量为2升（即每千米耗油0.02升）计算所耗的油：时间从0至1这段时间段内，摩托车是匀速前进，行驶的路程S从0增加到30千米，行驶了22\n30千米，耗油量为30×0.02=0.6（升）；从1至1.5这段时间段内，随着时间的增加，路程的变化量为0，说明这段时间段内摩托车没有行驶，耗油量为0； 从1.5到3这段时间段内，摩托车是匀速前进，行驶的路程S从30增加到45千米；行驶了15千米，15×0.02=0.3（升）。所以在摩托车行驶的路程S（千米）与行驶的时间t（小时）这个变化过程中，从甲地到乙地，这辆摩托车共耗油量0.9升。3.（江苏省无锡市2022年2分）点（1，2）关于原点的对称点的坐标为▲.【答案】（－1，－2）。【考点】关于原点对称的点的坐标特征。【分析】关于原点对称的点的坐标是横、纵坐标都互为相反数，从而点（1，2）关于原点对称的点的坐标是（－1，－2）。4.（江苏省无锡市2022年3分）函数中，自变量x的取值范围是▲，函数中，自变量x的取值范围是▲．【答案】x≠3；x≥－5。【考点】函数自变量的取值范围，分式有意义的条件，二次根式的定义。【分析】根据二次根式的性质和分式的意义，被开方数大于等于0，分母不等于0，分别求解：依题意，由x－3≠0解得x≠3；由x+5≥0解得x≥－5。5.（江苏省无锡市2022年4分）函数y＝中，自变量x的取值范围是▲；函数y＝中，自变量x的取值范围是▲.【答案】x≠5；x≥3。【考点】函数自变量的取值范围，分式有意义的条件，二次根式有意义的条件。【分析】根据二次根式的性质和分式的意义，被开方数大于等于0，分母不等于0，分别求解：函数y＝中根据分式的意义可知：x－5≠0，即x≠5；函数y＝中根据二次根式的意义可知：x－3≥0，即x≥3。6.（江苏省无锡市2022年4分）函数中，自变量x的取值范围是▲；函数中，自变量x的取值范围是▲。【答案】x≠4；x≥5。22\n【考点】函数自变量的取值范围，二次根式和分式有意义的条件。【分析】根据二次根式被开方数必须是非负数和分式分母不为0的条件，要使在实数范围内有意义，必须x-4≠0，解得x≠4；要使在实数范围内有意义，必须x－5≥0，解得x≥5。7.（江苏省无锡市2022年4分）函数y=中，自变量x的取值范围是▲；函数y=中，自变量x的取值范围是▲_.【答案】x≠1；x≥－3。【考点】函数自变量的取值范围，二次根式和分式有意义的条件。【分析】根据二次根式被开方数必须是非负数和分式分母不为0的条件，要使在实数范围内有意义，必须x－1≠0，解得x≠1；要使在实数范围内有意义，必须x＋3≥0，解得x≥－3。8.（江苏省无锡市2022年4分）函数中，自变量的取值范围是▲_；函数中，自变量的取值范围是▲_。【答案】x≠－2；x≥3。【考点】函数自变量的取值范围，二次根式和分式有意义的条件。【分析】根据二次根式被开方数必须是非负数和分式分母不为0的条件，要使在实数范围内有意义，必须x＋2≠0，解得x≠－2；要使在实数范围内有意义，必须x－3≥0，解得x≥3。9.（江苏省无锡市2022年2分）点（2，－1）关于x轴的对称点的坐标为▲_。【答案】（－2，1）。【考点】关于x轴对称的点的坐标。【分析】根据点关于x轴对称，纵坐标互为相反数，横坐标不变，可得点（2，－1）关于x轴的对称点的坐标：（－2，1）。10.（江苏省无锡市2022年4分）函数中自变量的取值范围是▲，函数中自变量的取值范围是▲．【答案】x≠2；。【考点】函数自变量的取值范围，二次根式和分式有意义的条件。22\n【分析】根据二次根式被开方数必须是非负数和分式分母不为0的条件，要使在实数范围内有意义，必须x－2≠0，解得x≠2；要使在实数范围内有意义，必须2x－3≥0，解得。11.（江苏省无锡市2022年4分）函数中自变量的取值范围是▲；函数中自变量x的取值范围是▲．【答案】x≠1；。【考点】函数自变量的取值范围，二次根式和分式有意义的条件。【分析】根据二次根式被开方数必须是非负数和分式分母不为0的条件，要使在实数范围内有意义，必须x－1≠0，解得x≠1；要使在实数范围内有意义，必须2x－4≥0，解得。12.．(江苏省无锡市2022年2分)函数中自变量x的取值范围是▲．【答案】。【考点】函数自变量的取值范围，二次根式有意义的条件。【分析】根据二次根式被开方数必须是非负数的条件，直接得出结果：。13.（2022江苏无锡2分）函数中自变量x的取值范围是　▲　．【答案】。【考点】函数自变量的取值范围，二次根式有意义的条件。【分析】根据二次根式被开方数必须是非负数的条件，要使在实数范围内有意义，必须，即。14.（2022江苏无锡2分）如图的平面直角坐标系中有一个正六边形ABCDEF，其中C．D的坐标分别为（1，0）和（2，0）．若在无滑动的情况下，将这个六边形沿着x轴向右滚动，则在滚动过程中，这个六边形的顶点A．B．C．D．E、F中，会过点（45，2）的是点　▲　．【答案】B。【考点】分类归纳（图形的变化类），坐标与图形性质，正多边形和圆，旋转的性质。22\n【分析】由正六边形ABCDEF中C．D的坐标分别为（1，0）和（2，0），得正六边形边长为1，周长为6。∴正六边形滚动一周等于6。如图所示。当正六边形ABCDEF滚动到位置1，2，3，4，5，6，7时，顶点A．B．C．D．E、F的纵坐标为2。位置1时，点A的横坐标也为2。又∵（45－2）÷6=7…1，∴恰好滚动7周多一个，即与位置2顶点的纵坐标相同，此点是点B。∴会过点（45，2）的是点B。三、解答题1.（江苏省无锡市2022年10分）如图，平面上一点从点出发，沿射线方向以每秒1个单位长度的速度作匀速运动，在运动过程中，以为对角线的矩形的边长；过点且垂直于射线的直线与点同时出发，且与点沿相同的方向、以相同的速度运动．（1）在点运动过程中，试判断与轴的位置关系，并说明理由．（2）设点与直线都运动了秒，求此时的矩形与直线在运动过程中所扫过的区域的重叠部分的面积（用含的代数式表示）．【答案】解：（1）轴。理由如下：∵中，，∴。设交于点，交轴于点，22\n∵矩形的对角线互相平分且相等，∴。∴。过点作轴于，则，∴。∴，∴，∴轴。（2）设在运动过程中与射线交于点，过点且垂直于射线的直线交于点，过点且垂直于射线的直线交于点，则。∵，∴，，，。①当，即时，。②当，即时，设直线交于，交于，则，，∴。∴。③当，即时，∵，∴。综上所述，矩形与直线在运动过程中所扫过的区域的重叠部分的面积为22\n。【考点】二次函数综合题，运动问题，锐角三角函数，特殊角的三角函数值，矩形的性质，平行的判定。【分析】（1）证与轴平行，可根据的值得出特殊角的度数，然后利用矩形的性质：对角线互相垂直平分，得出，根据点的坐标可得出，即由此可证得轴。（2）先找出关键时刻的的值．=2，因此，，，，。然后分三种情况进行讨论：①当时，此时直线在上运动，扫过部分是个直角三角形，此时，易求得直角三角形的两条直角边分别为和，由此可求出扫过部分的面积。②当时，扫过部分是个直角梯形．可根据的长求出梯形的上底，从而求出梯形的面积．③当时，重合部分是个多边形，可用矩形的面积减去右边的小三角形的面积进行求解。2.（江苏省无锡市2022年9分）已知抛物线与它的对称轴相交于点，与轴交于，与轴正半轴交于．（1）求这条抛物线的函数关系式；（2）设直线交轴于是线段上一动点（点异于），过作轴交直线于，过作轴于，求当四边形的面积等于时点的坐标．22\n【答案】解：（1）∵点是抛物线的顶点，∴，解得。∴抛物线的函数关系式为。（2）由（1）知，点的坐标是．设直线的函数关系式为，则，解得。∴直线的函数关系式为。由，得，，∴点的坐标是。设直线的函数关系式是，则，解得。∴直线的函数关系式是。设点坐标为，则。∵轴，∴点的纵坐标也是。设点坐标为，∵点在直线上，∴。∴。∵轴，∴点的坐标为。22\n∴，，。∴，即，解得或。3.（江苏省无锡市2022年10分）如图，已知点从出发，以1个单位长度/秒的速度沿轴向正方向运动，以为顶点作菱形，使点在第一象限内，且；以为圆心，为半径作圆．设点运动了秒，求：（1）点的坐标（用含的代数式表示）；（2）当点在运动过程中，所有使与菱形的边所在直线相切的的值．【答案】解：（1）过作轴于，22\n∵，∴。∴，。∴点的坐标为。（2）①当与相切时（如图1），切点为，此时，∴，即，∴。②当与，即与轴相切时（如图2），则切点为，，过作于，则，∴，∴。③当与所在直线相切时（如图3），设切点为，交于，则，∴。∴。过作轴于，则，∴，化简，得，解得，即。∵，∴。∴所求的值是，和。【考点】22\n动点问题，菱形的性质，锐角三角函数，特殊角的三角函数值，直线和圆相切的性质，勾股定理，解一元二次方程。【分析】（1）根据菱形的性质，由锐角三角函数定义和特殊角的三角函数值即可求出点的坐标。（2）分与相切、与相切和与所在直线相切三种情况分别求解。4.（江苏省2022年12分）如图，已知射线与轴和轴分别交于点和点．动点从点出发，以1个单位长度/秒的速度沿轴向左作匀速运动，与此同时，动点从点出发，也以1个单位长度/秒的速度沿射线的方向作匀速运动．设运动时间为秒．（1）请用含的代数式分别表示出点与点的坐标；（2）以点为圆心、个单位长度为半径的与轴交于A、B两点（点在点的左侧），连接PA、PB．①当与射线有公共点时，求的取值范围；②当为等腰三角形时，求的值．【答案】解：（1）∵，∴。∴。过点作⊥轴于点，∵，，∴。又∵，且，∴，即。∴。∴。∴。（2）①当的圆心由点向左运动，使点22\n到点时，有，即。当点在点左侧，与射线相切时，过点作射线，垂足为，则由，得，则．解得。由，即，解得。∴当与射线有公共点时，的取值范围为。②（I）当时，过作轴，垂足为，有。由（1）得，，，∴。又∵，∴，即。解得。（II）当时，有，∴，解得。（III）当时，有，∴，即。解得（不合题意，舍去）。综上所述，当是等腰三角形时，，或，或，或。【考点】动点问题，勾股定理，相似三角形的判定和性质，直线和圆的位置关系，等腰三角形时的性质，解一元二次方程。【分析】（1）由可得，从而得到点的坐标。作点作⊥轴于点，利用可得，从而得到点的坐标。22\n（2）①当与射线有公共点时，考虑（I）当的圆心由点向左运动，使点到点时，的取值；（II）当点在点左侧，与射线相切时，的取值。当在二者之间时，与射线有公共点。②分，，三种情况讨论即可。5.(江苏省无锡市2022年10分)如图，矩形ABCD的顶点A、B的坐标分别为（-4，0）和（2，0），BC=．设直线AC与直线x=4交于点E．（1）求以直线x=4为对称轴，且过C与原点O的抛物线的函数关系式，并说明此抛物线一定过点E；（2）设（1）中的抛物线与x轴的另一个交点为N，M是该抛物线上位于C、N之间的一动点，求△CMN面积的最大值．【答案】解：（1）由矩形ABCD，B的坐标为（2，0），BC=得点C的坐标。设抛物线的函数关系式为y=a(x–4)2+m，则，解得。∴所求抛物线的函数关系式为。设直线AC的函数关系式为,则，解得。22\n∴直线AC的函数关系式为。∴点E的坐标为。把x=4代入，得，∴此抛物线过E点。（2）（1）中抛物线与x轴的另一个交点为N（8，0），设M（x，y），过M作MG⊥x轴于G，则S△CMN=S△MNG+S梯形MGBC—S△CBN===∴当x=5时，S△CMN有最大值。【考点】二次函数综合题，矩形的性质，二次函数的性质，待定系数法，曲线上点的坐标与方程的关系。【分析】（1）以x=4为对称轴的抛物线，可以设其关系式为y=a(x–4)2+m，然后再根据抛物线经过点O、点C，可以求出a与m的值，从而求得抛物线的函数关系式。由A、C的坐标求出直线AC的函数关系式，从而求得点E的坐标，并验证点E在抛物线上。（2）求△CMN的面积的最大值，关键是将该三角形进行合理的分割，用“割”或“补”的方法，将三角形转化为可以求解的形式。本题可由S△CMN=S△MNG+S梯形MGBC—S△CBN求得S△CMN关于点M横坐标x的函数关系式，求出最值。6.(江苏省无锡市2022年10分)如图，已知点，经过A、B的直线以每秒1个单位的速度向下作匀速平移运动，与此同时，点P从点B出发，在直线l上以每秒1个单位的速度沿直线l向右下方向作匀速运动．设它们运动的时间为t秒．（1）用含的代数式表示点P的坐标；（2）过O作OC⊥AB于C，过C作CD⊥x轴于D，问：t为何值时，以P为圆心、1为半径的圆与直线OC相切？并说明此时⊙P与直线CD的位置关系．22\n【答案】解：（1）作PH⊥OB于H﹙如图1﹚，∵OB＝6，OA＝，∴∠OAB＝30°。∵PB＝t，∠BPH＝30°，∴BH＝，HP＝。∴OH＝。∴P﹙，﹚（2）当⊙P在左侧与直线OC相切时﹙如图2﹚，∵OB＝，∠BOC＝30°，∴BC＝。∴PC。由，得，此时⊙P与直线CD相割。当⊙P在左侧与直线OC相切时﹙如图3﹚，PC，由，得，此时⊙P与直线CD相割。综上所述，当或时，⊙P与直线OC相切，⊙P与直线CD相割。【考点】动点问题，锐角三角函数，特殊角的三角函数值，圆与直线的位置关系。【分析】（1）求点P的坐标，即求点P到x轴与到y轴的距离．因此需过点P作x轴或y轴的垂线．然后探索运动过程中，点P的运动情况。（2）探索⊙P与直线CD的位置关系，即探索圆的半径与圆心到直线的距离之间的关系，分⊙P在左侧与直线OC相切和⊙P在左侧与直线OC相切两种情况讨论即可。22\n7.(江苏省无锡市2022年10分)如图，已知O(0，0)、A(4，0)、B(4，3)．动点P从O点出发，以每秒3个单位的速度，沿△OAB的边OA、AB、BO作匀速运动；动直线l从AB位置出发，以每秒1个单位的速度向轴负方向作匀速平移运动．若它们同时出发，运动的时间为t秒，当点P运动到O时，它们都停止运动．(1)当P在线段OA上运动时，求直线l与以P为圆心、1为半径的圆相交时t的取值范围；(2)当P在线段AB上运动时，设直线l分别与OA、OB交于C、D，试问：四边形CPBD是否可能为菱形?若能，求出此时t的值；若不能，请说明理由，并说明如何改变直线l的出发时间，使得四边形CPBD会是菱形．【答案】解:(1)设经过t秒，P点坐标为(3t，0)，直线l从AB位置向x轴负方向作匀速平移运动时与x轴交点为F(4－t，0)，则∵圆的半径为1，∴要直线l与圆相交即要。∴当F在P左侧,PF的距离为；当F在P左侧,PF的距离为∴当P在线段OA上运动时，直线l与以P为圆心、1为半径的圆相交时t的取值范围为。(2)当P在线段AB上运动时，设直线l分别与OA、OB交于C、D，不可能为菱形。理由是：易知CA=t，PA=3t－4，OB=5(∵OA=4，BA=3)。∵要使CPBD为菱形必须首先是平行四边形，已知DC∥BP，从而必须CP∥DP，必须，即要，此时。∴此时四边形CPBD的邻边CP≠BP。∴四边形CPBD不可能为菱形。从上可知，PA：CA：PC=3：4：5,∴设PA＝3m，CA＝4m，PC＝5m,则BP＝3－3m。22\n∵BP＝PC，∴3－3m＝5m。∴。由3m＝3t－4得令，即。即将直线l的出发时间推迟秒,四边形CPBD会是菱形．【考点】圆与直线的位置关系,相似三角形的判定和性质，菱形的判定,待定系数法。【分析】(1)利用直线l与圆相交的条件可以得知结果。(2)①利用邻边相等的平行四边形是菱形的思路,首先找出,四边形CPBD是平行四边形的条件,再分别求出一组邻边的长来判定能不能构成菱形。②利用待定系数法来寻求。8.（2022江苏无锡10分）如图1，A．D分别在x轴和y轴上，CD∥x轴，BC∥y轴．点P从D点出发，以1cm/s的速度，沿五边形OABCD的边匀速运动一周．记顺次连接P、O、D三点所围成图形的面积为Scm2，点P运动的时间为ts．已知S与t之间的函数关系如图2中折线段OEFGHI所示．（1）求A．B两点的坐标；（2）若直线PD将五边形OABCD分成面积相等的两部分，求直线PD的函数关系式．【答案】解：（1）在图1中，连接AD，设点A的坐标为（a，0），由图2知，当点P到达点A时，DO+OA=6，即DO=6﹣AO=6﹣a，S△AOD=4，∴DO•AO=4，即（6﹣a）a＝4。∴a2﹣6a+8=0，解得a=2或a=4。由图2知，DO＞3，∴AO＜3。∴a=2。22\n∴A的坐标为（2，0），D点坐标为（0，4）。在图1中，延长CB交x轴于M，由图2，知AB=11﹣6＝5，CB=12﹣11＝1。∴MB=4﹣1＝3。∴。∴OM=2+4＝6。∴B点坐标为（6，3）。（2）显然点P一定在AB上．设点P（x，y），连PC．PO，则S四边形DPBC=S△DPC+S△PBC=S五边形OABCD=（S矩形OMCD﹣S△ABM）=9，∴×6×（4﹣y）+×1×（6﹣x）=9，即x+6y=12①。同理，由S四边形DPAO=9可得2x+y=9②。联立①②，解得x=，y=。∴P（，）。设直线PD的函数关系式为y=kx+4，将P（，）代入，得=k+4。解得，k=﹣。∴直线PD的函数关系式为y=﹣x+4。【考点】动点问题，一次函数综合题，矩形的性质，勾股定理，待定系数法，直线上点的坐标与方程的关系。。【分析】（1）连接AD，设点A的坐标为（a，0），由图2得出DO=6﹣AO和S△AOD=4，即可得出DO•AO=4，从而得出a的值，再根据图2得出A的坐标。延长CB交x轴于M，根据D点的坐标得出AB=5，CB=1，即可由勾股定理求出AM，从而得出点B的坐标。（2）设点P（x，y），连PC．PO，得出S四边形DPBC和S四边形DPAO的面积，再进行整理，即可得出x与y的关系，联立求出x、y的值，即可得出P点的坐标。再用待定系数法求出设直线PD的函数关系式。9.（2022江苏无锡10分）如图1，A．D分别在x轴和y轴上，CD∥x轴，BC∥y轴．点P从D点出发，以1cm/s的速度，沿五边形OABCD的边匀速运动一周．记顺次连接P、O、D三点所围成图形的面积为Scm2，点P运动的时间为ts．已知S与t之间的函数关系如图2中折线段OEFGHI所示．（1）求A．B两点的坐标；（2）若直线PD将五边形OABCD分成面积相等的两部分，求直线PD的函数关系式．22\n（2）显然点P一定在AB上．设点P（x，y），连PC．PO，则22\nS四边形DPBC=S△DPC+S△PBC=S五边形OABCD=（S矩形OMCD﹣S△ABM）=9，∴×6×（4﹣y）+×1×（6﹣x）=9，即x+6y=12①。同理，由S四边形DPAO=9可得2x+y=9②。联立①②，解得x=，y=。∴P（，）。设直线PD的函数关系式为y=kx+4，将P（，）代入，得=k+4。解得，k=﹣。∴直线PD的函数关系式为y=﹣x+4。【考点】动点问题，一次函数综合题，矩形的性质，勾股定理，待定系数法，直线上点的坐标与方程的关系。。【分析】（1）连接AD，设点A的坐标为（a，0），由图2得出DO=6﹣AO和S△AOD=4，即可得出DO•AO=4，从而得出a的值，再根据图2得出A的坐标。延长CB交x轴于M，根据D点的坐标得出AB=5，CB=1，即可由勾股定理求出AM，从而得出点B的坐标。（2）设点P（x，y），连PC．PO，得出S四边形DPBC和S四边形DPAO的面积，再进行整理，即可得出x与y的关系，联立求出x、y的值，即可得出P点的坐标。再用待定系数法求出设直线PD的函数关系式。22