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四川省遂宁市射洪中学2022-2023学年高二上学期期中数学(文)试题(Word版附解析)
四川省遂宁市射洪中学2022-2023学年高二上学期期中数学(文)试题(Word版附解析)
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射洪中学高2021级2022年下期半期考试数学试题(文科)第Ⅰ卷(选择题)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的,请将答案涂在答题卡上.1.直线的倾斜角的大小为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由题意结合直线斜率与倾斜角的关系,运算即可得解.【详解】设直线的倾斜角为,由题意直线的斜率,所以,.故选:B.【点睛】本题考查了直线斜率与倾斜角关系的应用,考查了运算求解能力,属于基础题.2.直线的斜率是,在轴上的截距是4,则直线的方程是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由直线方程的斜截式方程即可得出答案.【详解】由题意直线的斜率为-2,在轴上的截距为4,则直线的斜截式方程为:.故选:C.【点睛】本题考查了直线斜截式方程的直接应用,属于基础题.3.已知点,点,则线段的垂直平分线的方程是()A.B.C.D.【答案】A 【解析】【分析】首先求出线段的中点与,从而得到,再由点斜式求出直线方程.【详解】因为点,点,所以线段的中点为,且,所以,则线段的垂直平分线的方程为,即.故选:A4.圆的圆心到直线的距离为1,则()A.B.C.D.2【答案】A【解析】【分析】根据题意,由求解.【详解】因为圆的圆心到直线的距离为1,所以,解得,故选:A5.设,是两条不同的直线,,是两个不同的平面,下列命题中正确的是A.若,,,则B.若,,,则C.若,,,则D.若,,,则【答案】D【解析】 详解】试题分析:,,故选D.考点:点线面的位置关系.6.某三棱柱的底面为正三角形,其三视图如图所示,该三棱柱的表面积为().A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】首先确定几何体的结构特征,然后求解其表面积即可.【详解】由题意可得,三棱柱的上下底面为边长为2的等边三角形,侧面为三个边长为2的正方形,则其表面积为:.故选:D.【点睛】(1)以三视图为载体考查几何体的表面积,关键是能够对给出的三视图进行恰当的分析,从三视图中发现几何体中各元素间的位置关系及数量关系.(2)多面体的表面积是各个面的面积之和;组合体的表面积应注意重合部分的处理.(3)圆柱、圆锥、圆台的侧面是曲面,计算侧面积时需要将这个曲面展为平面图形计算,而表面积是侧面积与底面圆的面积之和.7.若满足约束条件则的最小值为()A.18B.10C.6D.4【答案】C 【解析】【分析】由题意作出可行域,变换目标函数为,数形结合即可得解.【详解】由题意,作出可行域,如图阴影部分所示,由可得点,转换目标函数为,上下平移直线,数形结合可得当直线过点时,取最小值,此时.故选:C.8.已知直线,直线,则下列命题中不正确的是()A.直线过定点B.若,则C.直线过定点D.若,则【答案】D【解析】【分析】根据直线过定点判断A、C,根据两直线垂直求出参数,即可判断B,根据两直线平行求出,即可判断D.【详解】对于A:直线,当时,无论取何值,恒成立,所以直线恒过定点,故A正确.对于B:若,则,,故B正确;对于C:直线,当时,无论取何值,恒成立, 所以此时直线恒过定点,故C正确;对于D:若,则,,或,经检验此时两直线平行,故D错误;故选:D9.点关于直线的对称点是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】设出对称点,根据对称关系列出式子即可求解.【详解】解:设点关于直线的对称点是,则有,解得,,故点关于直线的对称点是.故选:B.【点睛】方法点睛:关于轴对称问题:(1)点关于直线的对称点,则有;(2)直线关于直线的对称可转化为点关于直线的对称问题来解决.10.直线与直线交于点,则点到直线的最大距离为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】 根据联立直线的方程解出交点P,再得出直线的恒过点,从而求得最大距离得选项.【详解】由解得,所以,由,得,令,恒成立,所以直线恒过点,所以点到直线的最大距离为,故选:C.【点睛】方法点睛:求直线恒过点的方法:方法一(换元法):根据直线方程的点斜式直线的方程变成,将带入原方程之后,所以直线过定点;方法二(特殊引路法):因为直线的中的m是取不同值变化而变化,但是一定是围绕一个点进行旋转,需要将两条直线相交就能得到一个定点.取两个m的值带入原方程得到两个方程,对两个方程求解可得定点.11.已知是正方体的中心O关于平面的对称点,则下列说法中正确的是()A.与是异面直线B.平面C.D.平面【答案】B【解析】【分析】根据正方体的性质、空间直线与平面的位置关系,即可对选项做出判断. 【详解】连接、,交于点,连接、,交于点.连接、、、、.由题可知,在平面上,所以与共面,故A错误;在四边形中,且,所以四边形为平行四边形..平面,平面,平面,故B正确;由正方体的性质可得,因为,所以,又,平面,,又,,而与所成角为,所以显然与不垂直,故C错误;显然与不垂直,而平面,所以与平面不垂直,故D错误.故选:B.12.如图,已知菱形中,,,为边的中点,将沿翻折成(点位于平面上方),连接和,为的中点,则在翻折过程中,下列说法正确的是() ①平面平面②与的夹角为定值③三棱锥体积最大值为④点的轨迹的长度为A.①②B.①②③C.①②④D.②③④【答案】C【解析】【分析】①由题设结合线面垂直的判定证面,再由面面垂直的判定即可判断正误;②若是的中点,应用平行四边形的性质有,可知与的夹角为或其补角,进而求其大小;③根据①②的分析,当面时最大,求其最大值;④确定F的轨迹与到的轨迹相同,且到的轨迹为以中点为圆心,为半径的半圆,即可求轨迹长度.【详解】对于①:由,,为边的中点知且,易知,,而,面,故面,又面,所以面面,故①正确;对于②:若是的中点,又为的中点,则且,而且,所以且,即为平行四边形,故,所以与的夹角为或其补角,若为中点,即,由①分析易知,故与的夹角为,故②正确;对于③:由上分析知:翻折过程中当面时,最大,此时,故③错误; 对于④:由②分析知:且,故的轨迹与到的轨迹相同,由①知:到的轨迹为以为圆心,为半径的半圆,而为中点,故到的轨迹为以中点为圆心,为半径的半圆,所以的轨迹长度为,故④正确.故选:C.【点睛】关键点睛:应用线面、面面垂直的判定判断面面垂直;根据线线角的定义,结合平行四边形的性质找到线线角的平面角并求大小;判断动点的轨迹,由圆的性质及棱锥的体积公式求的最大体积以及F的轨迹的长度.第Ⅱ卷î非选择题二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.两条平行线与之间的距离____________.【答案】【解析】【分析】直接利用距离公式计算可得.【详解】两条平行线与之间的距离.故答案为:14.若直线经过直线和的交点,则___________.【答案】【解析】【分析】求解出直线,交点坐标,再代入直线即可求解.【详解】由题意,直线,,交于一点,所以,得,所以直线过点,得,求解得.故答案为:15.如图是一个正方体的表面展开图,A、B、D均为棱的中点,C为顶点,在该正方体中,异面直线AB 和CD所成角的余弦值为______.【答案】【解析】【分析】首先将其还原成正方体,再用平移法找出异面直线所成角(或补角)进行求解即可.【详解】将正方体的表面展开图还原成正方体,如图:连接、,因为A、B均为棱的中点,所以所以是异面直线AB和CD所成角(或补角),设正方体的棱长为,在中,,,故答案为:.16.设,过定点A的动直线和过定点B的动直线交于点 ,则的最大值____________.【答案】9【解析】【分析】根据直线方程求出定点,然后根据直线垂直,结合基本不等式求解即可;【详解】由题意,动直线过定点,直线可化为,令,可得,又,所以两动直线互相垂直,且交点为P,所以,因为,所以,当且仅当时取等号.【点睛】根据直线方程求定点,判断直线垂直,将问题转化为基本不等式是本题的难点和突破点.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17题10分,其余每题12分.17.在中,已知,,.(1)求边所在的直线方程;(2)求面积.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)由直线方程的两点式可得;(2)先求直线方程,再求到的距离,最后用面积公式计算即可.【详解】(1),,边所在的直线方程为,即;(2)设到距离为,则, ,方程为:即:..18.如图,在三棱锥V-ABC中,平面VAC⊥平面ABC,△VAC,△ABC都是等腰直角三角形,AB=BC,AC=VC,M,N分别为VA,VB的中点.(1)求证:AB//平面CMN;(2)求证:AB⊥平面VBC.【答案】(1)证明见解析(2)证明见解析【解析】【分析】(1)由中位线证明线线平行,进而证明线面平行;(2)由面面垂直得到线面垂直,结合等腰三角形得到垂直关系,证明出AB⊥平面VBC【小问1详解】∵M,N分别为VA,VB的中点,∴MN//AB,∵平面CMN,MN平面CMN,∴AB//平面CMN.【小问2详解】∵△ABC和△VAC均是等腰直角三角形,AB=BC,AC=CV=2,M,N分别为VA,VB的中点.∴AB⊥BC,VC⊥AC,∵平面VAC⊥平面ABC,平面VAC∩平面ABC=AC, ∴VC⊥平面ABC,∵AB⊂平面ABC,∴AB⊥VC.∵BC∩VC=C,∴AB⊥平面VBC.19.已知的顶点A(3,1),边AB上的高CE所在直线的方程为x+3y-5=0,AC边上中线BD所在的直线方程为x+y-5=0(1)求直线AB的方程;(2)求点C的坐标.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)求出直线AB的斜率为,再利用点斜式即可求解.(2)设,由题意可知为AC中点可得,代入直线CE所在直线,再由,联立方程即可求解.【详解】(1)∵CE⊥AB,且直线CE的斜率为,∴直线AB的斜率为,∴直线AB的方程为,即;(2)设,由为AC中点可得,∴,解得,代入,∴.20.如图,三棱柱中,底面为正三角形,平面且,, 分别是,的中点.(1)求证:平面平面;(2)在侧棱上是否存在一点,使得三棱锥的体积是,若存在,求长;若不存在,说明理由.【答案】(1)证明见解析(2)存,.【解析】【分析】(1)依题意可得,即可得到平面,再证明平面,从而得证;(2)由,根据锥体的体积公式求出,即可得解.【小问1详解】∵,分别是,的中点,且,所以为平行四边形,,而平面,平面,平面,连接,则且,又且,所以且,则为平行四边形,所以,平面,平面,平面,而,且,平面, ∴平面平面;【小问2详解】在三棱柱中,底面为正三角形,平面,所以三棱柱为正三棱柱,平面,∵底面为边长为的正三角形,是的中点,,,,解得,即,∴在侧棱上是存在一点即,使得三棱锥的体积是.21.如图,圆柱的轴截面ABCD是边长为2的正方形,点E在底面圆周上,,F为垂足.(1)求证:.(2)当直线DE与平面ABE所成角的正切值为2时,求点B到平面CDE的距离. 【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)先证明,可得,进而证明,根据线面垂直的性质定理可证明结论.(2)由为直线DE与平面ABE所成角,求得,设B到平面CDE的距离为h,则有,由等体积法可求h.【小问1详解】∵AB为圆的直径,,又平面AEB,平面AEB,,又,平面ADE,平面ADE,而平面AEB,,又,且,平面BDE,平面BDE,又平面BDE,;【小问2详解】由题意可知,平面ABE,为直线DE与平面ABE所成角,,,设B到平面CDE的距离为h,则有,因为,,,由余弦定理得,则,故,由点向直线作垂线,垂足为, 平面AEB,平面AEB,所以,平面,所以平面,且,,解得,∴B到平面CDE的距离为.22.已知直线l:,().(1)若直线l不经过第四象限,求k的取值范围;(2)若直线l交x轴的负半轴于点A,交y轴的正半轴于点B,O为坐标原点,设的面积为S,求S的最小值及此时直线l的方程.【答案】(1);(2)S的最小值为16,直线l的方程为【解析】【分析】(1)直线含参先求出定点,再利用数形结合求出k的取值范围;(2)直线过定点求面积的最值,可将直线直接设为截距式,再利用基本不等式求出其面积最小值及直线方程.【详解】(1)直线方程为:,所以直线恒过.由图可得, 当直线由逆时针旋转到时,直线不过第四象限,所以.(2)设直线l为,因为在直线上,所以.
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高中 - 数学
发布时间:2024-01-15 22:00:02
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