首页

安徽省阜阳市第三中学2023-2024学年高一数学上学期10月月考试题(Word版附解析)

资源预览文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。

1/14

2/14

剩余12页未读,查看更多内容需下载

阜阳三中2023~2024学年度高一年级第一学期一调考试数学全卷满分150分,考试时间120分钟注意事项:1.答题前,先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上,并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置.2.请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答,写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效.3.选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑;非选择题用黑色签字笔在答题卡上作答;字体工整,笔迹清楚.4.考试结束后,请将试卷和答题卡一并上交.5.本卷主要考查内容:必修第一册第一章~第三章3.2.一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.命题“,”的否定是()A.,B.,C.,D.,【答案】A【解析】【分析】存在量词命题的否定,存在变任意,否定结论即可.【详解】因为命题“,”,所以其否定为:,.故选:A.2.已知,,则的非空子集的个数为().A.6B.7C.8D.9【答案】B【解析】【分析】先求出补集,再根据元素个数求子集数.【详解】根据题意可得,则非空子集有个.故选:B.3.下列各组函数相等的是() A,B.,C.,D.,【答案】D【解析】【分析】函数相等要求定义域,解析式,值域都相等.【详解】A、B、C选项中的定义域为R,而A选项的定义域为,B、C选项中的定义域为,所以A、B、C选项中两个函数的定义域不一样,不是同一函数,故A、B、C选项都错误;对于D选项,定义域都为,解析式,值域都相同,D正确.故选:D4.设,则“”是“”的()A.充分不必要条件B.充要条件C.必要不充分条件D.既不充分也不必要条件【答案】C【解析】【分析】解不等式得到,根据范围的大小关系得到答案.【详解】,,故“”是“”的必要不充分条件.故选:C.5.若“,”为真命题,“,”为假命题,则集合M可以是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由“,”为假命题,可得“”,,为真命题,可知A,B,D不正确,即可得出答案.【详解】若“,”为假命题,所以“”,,为真命题,所以A,B,D不正确,排除A,B,D. 故选:C.6.已知函数,则函数的解析式是()A.,B.,C.,D.,【答案】B【解析】【分析】利用配凑法求解析式即可.【详解】,且,所以,.故选:B.7.设偶函数的定义域为R,当时,是增函数,则,,的大小关系是()A.B.CD.【答案】A【解析】【分析】根据函数为偶函数,得到,,再利用时,是增函数求解.【详解】解:因为函数为偶函数,所以,,因为当时,是增函数,又,所以,即,故选:A.8.函数,若对任意,(),都有成立,则实数a的取值范围为()A.B.C.D. 【答案】A【解析】【分析】确定函数单调递减,根据单调性得到不等式,解得答案.【详解】因为对任意,(),都有成立,所以是减函数,则,解得.故选:A.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.下列说法正确的是()A.函数值域中的每一个数在定义域中都有数与之对应B.函数的定义域和值域一定是无限集合C.对于任何一个函数,如果x不同,那么y的值也不同D.表示当时,函数的值,这是一个常量【答案】AD【解析】【分析】结合函数的定义,对各选项逐项分析作答即可.【详解】函数是一个数集与另一个数集间的特殊对应关系,所给出的对应是否可以确定为y是x的函数,主要是看其是否满足函数的三个特征,A正确;函数的定义域和值域不一定是无限集合,也可以是有限集,但一定不是空集,如函数定义域为,值域为,B错误;当x不同时,函数y的值可能相同,如函数,当和时,y都为1,C错误;表示当时,函数的值是一个常量,D正确.故选:AD10.如果,,那么下列不等式一定成立的是()A.B.C.D. 【答案】ACD【解析】【分析】利用不等式性质可判断AC正确,取特殊值可知B错误;利用作差法可知D正确.【详解】由题知,,所以,故A正确﹔取,,则,,故B不正确﹔因为,,所以,故C正确;因为,故,故D正确,故选:ACD.11.设集合,,且,则正实数a的取值可以为()A.4B.1C.2D.【答案】BD【解析】【分析】M集合可以看作一条挖去一点的直线,N集合为一条直线,交集为空集,则N的直线经过或M与N的直线平行﹒【详解】∵,∴.将点代入,得,解得(舍去)或.又当时,可变形为,当直线与平行时,有,解得或(舍去)当或时,符合题意.故选:BD12.已知函的定义域为,对任意实数x,y满足:,且,当 时,.则下列选项正确的是()A.B.C.为奇函数D.为上的减函数【答案】ACD【解析】【分析】取代入计算得到A正确,计算,B错误,变换得到,C正确,根据函数单调性的定义得到D正确,得到答案.【详解】对选项A:取,则,故,正确;对选项B:,,错误﹔对选项C:,,为奇函数,正确;对选项D:当时,,是上的减函数,正确,故选:ACD.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.集合用列举法表示为______.【答案】##【解析】【分析】解方程,求出.【详解】.故答案为:14.函数的定义域是__________.【答案】【解析】【分析】根据函数解析式有意义,可得出关于的不等式组,由此可解得原函数的定义域.【详解】要使函数有意义,则,解得. 因此,函数的定义域为.故答案为:.15.某社团有若干名社员,他们至少参加了A,B,C三项活动中的一项.得知参加A活动的有51人,参加B活动的有60人,参加C活动的有50人,数据如图,则图中__________;__________;__________.【答案】①.9②.8③.10【解析】【分析】结合图形和交集的定义可得答案.【详解】由题意得,解得.故答案为:①9;②8;③10.16.若定义在R上的函数,则称为Dirichlet函数.对于Dirichlet函数,下列结论中正确的是______(填序号即可).①函数为奇函数;②对于任意,都有;③对于任意两数,都有;④对于任意,都有.【答案】②④ 【解析】【分析】根据Dirichlet函数的定义,分为有理数和无理数,以及函数的奇偶性的定义,进行化简、运算,可判定①不正确,②正确;④正确,令,,分别求得和的值,可判定③不正确.【详解】对于①中,若是有理数,则是有理数,于是;若是无理数,则是无理数,于是,所以函数为偶函数,所以①不正确﹔对于②中,若是有理数,则,可得;若是无理数,则,可得,因此对于任意,都有,所以②正确;对于③中,取,,可得,,此时,所以③错误;对于④中,若是无理数,则是无理数,可得;若有理数,则是有理数,可得,所以对于任意,都有,所以④正确.故答案:②④.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明、证明过程及演算步骤.17.已知全集,,.(1)若,求;(2)若“”是“”的充分条件,求实数m的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据补集交集的概念运算即可; (2)先判断集合间的包含关系,再列出不等式即可.【小问1详解】,若,,所以;【小问2详解】因为“”是“”的充分条件,所以,所以即实数m的取值范围是.18.(1)已知,求的最小值﹔(2)已知,,且,求的最小值.【答案】(1);(2)【解析】【分析】(1)变换,再利用均值不等式计算得到答案.(2)变换,展开利用均值不等式计算得到答案.【详解】(1),当且仅当,即时等号成立(2),当且仅当,即,时等号成立.19.已知函数,且.(1)证明:在区间上单调递减; (2)若对恒成立,求实数t的取值范围.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)代入数据计算,任取,计算得到证明.(2)变换得到对恒成立,得到,解得答案.【小问1详解】,解得,所以,任取,则,又,所以,,所以,即,所以在区间上单调递减;【小问2详解】对恒成立,即对恒成立,,故二次函数必与x轴存在两个交点,,只需要满足即可,解出,因此实数t的取值范围为.20.已知函数是定义在上的奇函数,当时,.(1)求的解析式;(2)当时,求的最小值.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)由定义在上的奇函数求出,再根据奇函数的性质,当时,,,即可求出解析式;(2)画出函数图像,根据不同的分类讨论的范围即可.【小问1详解】因为是定义在上的奇函数,所以,解得,则当时,;当时,,,所以.【小问2详解】函数的图像如图所示:当,即时,;当,即时,;当,即时,;当,即时,;综上, 21.如图,某大学将一矩形ABCD操场扩建成一个更大矩形DEFG操场,要求A在DE上,C在DG上,且B在EG上.若米.米,设米().(1)要使矩形DEFG的面积大于2700平方米,求x的取值范围;(2)当DG的长度是多少时,矩形DEFG的面积最小?并求出最小面积.【答案】(1)(2)当DG的长度为40米时,矩形DEFG的面积最小为2400平方米【解析】【分析】(1)根据相似关系列出等式即可求解;(2)根据均值不等式即可求解.【小问1详解】因为,,所以,又,所以,即,所以,所以,解得或,即x的取值范围是;【小问2详解】由(1)知,当且仅当时等号成立.故当DG的长度为40米时,矩形DEFG的.积最小为2400平方米.22.已知函数的定义域为,对任意的,都有.当时,,且.(1)求的值,并证明:当时,;(2)判断的单调性,并证明; (3)若,求不等式的解集.【答案】(1),证明见解析(2)在上单调递减,证明见解析(3)【解析】【分析】(1)令,即可求出;根据题意,当时,,所以,再结合即可得到,进而得证;(2)利用单调性定义结合题意证明即可;(3)由,结合题意可得,再借助函数单调性解不等式即可.【小问1详解】令,则,又,所以.证明:当时,,所以,又,所以,即.【小问2详解】在上单调递减.证明如下:设,则,又,所以,所以,又当时,,当时,,,所以,即,所以在上单调递减.【小问3详解】 因为,所以,所以,即,又在上单调递减,所以,

版权提示

  • 温馨提示:
  • 1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
  • 2. 本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
  • 3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
  • 4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)

文档下载

所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-30 22:30:02 页数:14
价格:¥2 大小:687.31 KB
文章作者:随遇而安

推荐特供

MORE