江苏省南通市重点中学2021-2022学年高二化学下学期期中考试试题（Word版附解析）

2021-2022学年度第二学期期中考试高二化学试题(选修)(考试时间75分钟，总分100分)一、选择题(每小题3分，共42分。每小题只有一个选项符合题意)1.化学与生产、生活息息相关，下列叙述错误的是A.用聚乙烯塑料代替聚乳酸塑料可减少白色污染B.乙烯可作水果的催熟剂C.由CO2合成淀粉有利于实现碳达峰、碳中和的战略D.粮食酿酒经历了淀粉→葡萄糖→乙醇的化学变化过程【答案】A【解析】【详解】A．聚乙烯塑料难降解，可造成白色污染，聚乳酸塑料易降解不会造成白色污染，则用聚乳酸塑料代替聚乙烯塑料可减少白色污染，故A错误；B．乙烯具有植物生长调节作用，可用作催熟剂，故B正确；C．由合成淀粉可以消耗二氧化碳，有利于实现碳达峰、碳中和的战略，故C正确；D．淀粉生成葡萄糖，葡萄糖生成乙醇，均属于化学变化，故D正确；故答案为A。2.下列有关化学用语表示不正确的是A.羟基的电子式：B.对硝基甲苯的结构简式：C.1-丁烯的键线式：D.聚丙烯的结构简式：【答案】B【解析】【详解】A选项，羟基的电子式：，含有9个电子，故A正确；B选项，对硝基甲苯的结构简式：，故B错误；C选项，1-丁烯的键线式：，故C正确； D选项，聚丙烯的结构简式：，故D正确。综上所述，答案为B。3.C2H5OH具有还原性，一种催化氧化乙醇的反应为：2C2H5OH+O22CH3CHO+2H2O。下列有关叙述正确的是A.16O原子中的中子数为16B.H2O的空间构型是直线型C.CH3CHO分子中σ键和π键的数目之比为5：2D.C2H5OH与H2O互溶是因为C2H5OH与H2O形成分子间氢键【答案】D【解析】【分析】【详解】A．16O原子中质子数为8，质量数为16，则中子数=16-8=8，故A错误；B．H2O的空间结构是V形，故B错误；C．单键为σ键，双键含有1个σ键、1个π键，故CH3CHO分子中含有6个σ键、1个π键，σ键和π键的数目之比为6：1，故C错误；D．C2H5OH与H2O互溶主要是因为C2H5OH与H2O可形成分子间氢键，增大了分子间作用力，故D正确；故选：D。4.下列对糖类的认识正确的是A.糖类是有甜味的一类物质的总称B.糖类都含有羰基，对氢氧化铜等弱氧化剂表现出还原性C.葡萄糖分子中有醛基和羟基两种官能团D.葡萄糖是分子组成最简单糖，与果糖互为同分异构体【答案】C【解析】【详解】A．糖类不一定有甜味，比如纤维素，A项错误；B．糖类不一定都含有羰基，有一些含有的是醛基，含有醛基的糖才能对氢氧化铜等弱氧化剂表现出还原性，B项错误；C．葡萄糖分子中有醛基和羟基两种官能团，是多羟基醛的结构，C项正确； D．葡萄糖与果糖分子式相同，结构式不同，互为同分异构体，但葡萄糖不是最简单的糖，五碳糖比它更简单，比如核糖，D项错误；答案选C。5.下列命名正确的是（）A.2-乙基丙烷B.2-甲基-2-丙烯C.2，2，3-三甲基戊烷D.二溴乙烷【答案】C【解析】【详解】A．该物质最长的碳链上有四个碳原子，在2号碳位置上有一个甲基，该物质的系统命名为2-甲基丁烷，A项错误；B．该物质最长的碳链上有三个碳原子，从距离双键最近的碳原子一侧开始编号，可知2号碳位置上有一个甲基，该物质的系统命名为2-甲基-1-丙烯，B项错误；C．该物质最长的碳链上有五个碳原子，在2号碳位置上有两个甲基，在3号碳位置上有一个甲基，该物质的系统命名为2，2，3-三甲基戊烷，C项正确；D．该物质最长碳链上有两个碳原子，每个碳原子上均有一个溴原子，该物质的系统命名为1，2-二溴乙烷，D项错误；答案选C。6.下列说法不正确的是A.加入生石灰再蒸馏，可除去乙醇中混有的少量水B.加入NaOH溶液再振荡静置分液，可除去硝基苯中混有的少量HNO3C.可以用CuSO4溶液除去乙炔气体中混有的H2S气体D.加入足量浓溴水充分反应后再过滤，可除去苯中混有的少量苯酚【答案】D【解析】【详解】A．加入生石灰再蒸馏，可除去乙醇中混有的少量水，利用乙醇沸点蒸馏，故A正确；B．加入NaOH溶液与硝酸反应，振荡静置分液，可除去硝基苯中混有的少量HNO3，故B正确；C．CuSO4溶液能与H2S气体反应生成沉淀，可以用CuSO4溶液除去乙炔气体中混有的H2S气体，故C正确； D．加入足量浓溴水充分反应后再过滤，可除去苯中混有的少量苯酚，三溴苯酚与苯互溶，故D错误。故答案为D。7.下列装置进行相应的实验，能达到实验目的的是A.用图甲装置制取乙烯B.用图乙装置分离苯与硝基苯的混合物C.用图丙装置制取少量乙酸乙酯D.用图丁装置检验有丙烯生成【答案】D【解析】【详解】A.制取乙烯时，温度计应插入到液面下方，A错误；B.苯与硝基苯互溶，不能用分液的方法将两者分离，B错误；C.制取乙酸乙酯，应用饱和碳酸钠溶液收集产物，C错误；D.生成的丙烯能使溴的四氯化碳溶液褪色，从而达到实验目的，D正确；答案选D。8.某一元醇具有如下性质：①能在加热时被CuO氧化；②能发生消去反应得到烯烃；③生成的烯烃一定不存在顺反异构体。该一元醇可能A.1—丁醇B.2—丁醇C.2,2-二甲基丙醇D.2-甲基-2-丙醇【答案】A【解析】【分析】①能在加热时被CuO氧化，伯醇氧化成醛，仲醇氧化成酮，叔醇不能被催化氧化，所以该一元醇肯定不是叔醇；②能发生消去反应得到烯烃，只有与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上含有氢，醇才能发生消去反应生成烯烃；③生成的烯烃一定不存在顺反异构体说明双键上同一碳上连接相同的基团。【详解】A．1—丁醇() 是伯醇，与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上含有氢原子，能发生消去反应生成烯烃，烯烃的双键上的一碳上连接有相同的基团，所以生成的烯烃一定不存在顺反异构体，A符合题意；B．2—丁醇()是仲醇，与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上含有氢原子，能发生消去反应生成烯烃，生成的烯烃可能有两种，一种不存在顺反异构体，另一种双键在2、3号碳上的烯烃的双键上的每个碳原子都连接不同的基团，所以生成的烯烃可能存在顺反异构体，B不符合题意；C．2,2-二甲基丙醇()是伯醇，与羟基相连的碳原子的邻位碳原子上不含氢原子，不能发生消去反应生成烯烃，C不符合题意；D．2-甲基-2-丙醇()是叔醇，不能被催化氧化，D不符合题意；答案选A。9.下列叙述正确的是（）A.(C6H10O5)n可以是淀粉或纤维素，二者均属于多糖，互为同分异构体B.室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷C.有机物A(C4H6O2)能发生加聚反应，可推知A的结构一定是CH2=CH-COOCH3D.有机物的消去产物有2种【答案】B【解析】【详解】A．(C6H10O5)n可以是淀粉或纤维素，但二者n值不同，不互为同分异构体，A项错误；B．分子结构中含有羟基越多在水中的溶解性越大，氯代烃不溶于水，所以室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1-氯丁烷，B项正确；C．有机物A(C4H6O2)能发生加聚反应，可推知A的结构中含有碳碳双键或者碳碳三键，其结构可能有多种，可能为：CH2=CH-COOCH3、CH2=CH-CH2COOH、CH2=C(CH3)-COOH、CH3CH=CH-COOH、等等，C项错误； D．有机物的消去产物有1种为：，D项错误；答案选B。【点睛】物质在水中的溶解性遵循相似相溶原理。10.下列说法正确的是A.苯和甲苯互为同系物，不能用KMnO4酸性溶液鉴别B.用核磁共振氢谱不能区分HCOOCH3和HCOOCH2CH3C.用Na2CO3溶液不能区分CH3COOH和CH3COOCH2CH3D可用溴水鉴别直馏汽油、四氯化碳和乙酸【答案】D【解析】【详解】A．苯和酸性高锰酸钾溶液不反应且不互溶，苯密度小于水，所以混合溶液分层且有色层在下层，甲苯能被酸性高锰酸钾溶液氧化而使酸性高锰酸钾溶液褪色，现象不同可以鉴别，故A错误；B．核磁共振氢谱可以判断氢原子种类及各种氢原子个数之比，两种有机物氢原子种类不同，所以可以用核磁共振氢谱鉴别，故B错误；C．乙酸和碳酸钠反应生成二氧化碳，乙酸乙酯和碳酸钠溶液不反应且不互溶，乙酸乙酯和碳酸钠溶液混合分层，现象不同可以鉴别，故C错误；D．直馏汽油、四氯化碳都不溶于水，密度：直馏汽油水四氯化碳，乙酸易溶于水，直馏汽油、四氯化碳和乙酸分别和溴水混合，现象分别为：有色层在上层、有色层在下层、互溶，现象不同可以鉴别，故D正确；故答案为D。11.某烃的含氧衍生物A的蒸气密度是相同状况下的37倍。将7.4gA在足量氧气中充分燃烧，并将产物依次通过足量浓硫酸和碱石灰，测得浓硫酸和碱石灰分别增重9.0g和17.6g。A能与金属钠反应放出气体，其核磁共振氢谱如图所示。下列说法正确的是 A.A的结构简式为B.A在铜催化作用下能被氧化成醛C.A显酸性，能使紫色石蕊试液变红D.A的同分异构体共有3种(不考虑立体异构)【答案】AB【解析】【分析】【详解】A．该烃的含氧衍生物A的蒸气密度是相同状况下的37倍，所以A的相对分子质量为37×2=74，7.4gA的物质的量为0.1mol；测得浓硫酸和碱石灰分别增重9.0g和17.6g，说明反应生成的物质的量为：，反应生成的物质的量为，则0.1molA中含有1molH原子，含有0.4molC原子，7.4gA中含有O原子的质量为，含有O原子的物质的量为0.1mol，故该有机物中C、H、O的个数比为4：10：1，A的分子式为。根据核磁共振氢谱图可知，A中含有4种不同化学环境的氢原子，峰面积之比为1：1：2：6，且A能与金属钠反应放出气体，则A为醇，含有醇羟基，由此推知该物质的结构简式为，故A正确；B．A为醇结构简式为,其在铜催化作用下能被氧化生成，故B正确；C．A为醇，不具有酸性，不能使紫色石蕊试液变红，故C错误；D．A的同分异构体有、、、等，多于3种，故D错误；故答案为AB。 12.根据下列实验操作和现象所得出的结论正确的是选项实验操作和现象结论A向苯酚溶液中滴加少量浓溴水，振荡，无白色沉淀苯酚与浓溴水不反应B向肉桂醛()中加酸性溶液，振荡，酸性溶液褪色醛基能被酸性溶液氧化C取少量与溶液共热，冷却后先加足量酸化，再滴加溶液，有淡黄色沉淀生成已水解D向20%麦芽糖溶液中加入少量稀硫酸，加热一段时间后，加入溶液调节至碱性，再加入银氨溶液，水浴加热，出现银镜麦芽糖的水解产物具有还原性A.AB.BC.CD.D【答案】C【解析】【详解】A．苯酚能和浓溴水发生取代反应生成三溴苯酚白色沉淀，由于只加了少量浓溴水，生成的少量的三溴苯酚能溶于苯酚溶液，所以得不到白色沉淀，A错误；B．肉桂醛中除了醛基之外还有碳碳双键，碳碳双键也可以使酸性KMnO4褪色，故无法断定是否是醛基被氧化，B错误；C．CH3CH2Br与NaOH的水溶液共热可发生水解，生成NaBr，加入硝酸酸化，NaBr与AgNO3反应生成淡黄色的AgBr沉淀，C正确；D．麦芽糖也是还原糖，若麦芽糖没有水解完全，剩余的麦芽糖也可以发生银镜反应，故不能证明麦芽糖的水解产物具有还原性，D错误；故选C。13.抗氧化剂香豆酰缬氨酸乙酯(Z)可由图中反应制得。 下列关于化合物X、Y、Z说法不正确的是A.化合物X的分子式为C9H8O3B.化合物Y中所含元素的电负性：O>N>C>HC.化合物Z中的含氧官能团有酯基、酰胺基、羟基D.1mol化合物Z最多能与含1molBr2的溴水发生反应【答案】D【解析】【分析】【详解】A．由X的结构简式可知其分子式为C9H8O3，A项正确；B．Y中有C、N、O、H四种元素，元素的非金属性越强，电负性越强，其电负性大小顺序为：O>N>C>H，B项正确；C．Z中含氧官能团有酯基、酰胺基、羟基，C项正确；D．1molZ中的碳碳双键与Br2发生1:1加成反应，酚羟基邻位氢原子能与溴水发生取代反应，消耗2molBr2，故1molZ最多能与含3Br2的溴水反应，D项错误；答案选D14.咖啡酸具有抗菌、抗病毒作用，可通过下列反应制得。下列说法正确的是A.lmolX最多能与1molNaOH发生反应B.咖啡酸分子中所有碳原子不可能在同一平面上C.可用溴水检验咖啡酸中是否含有XD.咖啡酸在水中的溶解度比X在水中的溶解度小【答案】A【解析】 【详解】A．lmolX含有1mol羧基，最多能与1molNaOH发生反应，故A正确；B．单键可以旋转，咖啡酸分子中所有碳原子可能在同一平面上，故B错误；C．X和咖啡酸中均含有碳碳双键，都可以使溴水褪色，不可用溴水检验咖啡酸中是否含有X，故C错误；D．咖啡酸中羟基和羧基均能与水形成氢键，在水中的溶解度比X在水中的溶解度大，故D错误；故答案为A。二、非选择题(4小题，共58分)15.根据题意，完成下列有机试题的填空：（1）提纯互溶液体有机物常用的方法是_______。（2）有机物中的含氧官能团：_______、_______和_______(填官能团的名称)。（3）化合物M分子式是C2H4Br2，M的核磁共振氢谱图如图所示，则M的结构简式为_______。（4）水杨酸()是一种柳树皮提取物，是天然的消炎药。阿司匹林()就是以水杨酸合成的。①水杨酸合成阿司匹林的反应类型为_______。检验阿司匹林中混有水杨酸的试剂为_______。②水杨酸需密闭保存，其原因是_______。③水杨酸与足量NaHCO3溶液发生反应的化学方程式为_______。 （5）聚乳酸是一种可生物降解的高分子材料，其结构简式为：。则合成聚乳酸的单体为_______。【答案】（1）蒸馏（2）①.羧基②.羟基③.醛基（3）BrCH2CH2Br（4）①.取代反应(酯化反应)②.FeCl3溶液③.有酚羟基，易被氧气氧化④.+NaHCO3→+CO2↑+H2O（5）【解析】【小问1详解】两种互溶液体的沸点不同采用蒸馏的方法进行分离，故答案为：蒸馏；【小问2详解】由结构简式可知官能团为：醛基；羟基；羧基；【小问3详解】的核磁共振氢谱图中只有一个峰，可知结构对称，其结构简式为；【小问4详解】水杨酸的结构简式为、阿司匹林的结构简式为，水杨酸中的酚羟基和羧基发生酯化反应生成阿司匹林，也属于取代反应；水杨酸中含有酚羟基、阿司匹林中含有酯基，检验阿司匹林中混有是否含有水杨酸，实际上是检验酚羟基，可以氯化铁溶液检验，故答案为：取代反应或酯化反应；氯化铁溶液；水杨酸中含有酚羟基，酚羟基不稳定，易被氧气氧化，所以需要密封保存，故答案为：含有酚羟基，易被氧气氧化；水杨酸中羧基能和碳酸氢钠反应生成二氧化碳，反应方程式为，故答案为： ；【小问5详解】乳酸发生缩聚反应生成聚乳酸，根据聚乳酸的结构简式知，乳酸的结构简式为，故答案为：。16.高分子材料D可由烃A经如下转化关系合成。已知：经测定A的相对分子质量为84，B的核磁共振氢谱显示只有一个吸收峰。（1）A的分子式为_______。反应①的反应类型为_______；反应②的反应类型为_______。（2）写出反应②的化学方程式：_______。（3）写出同时满足下列条件的烃C的两种同分异构体的结构简式：_______。①属于炔烃；②核磁共振氢谱中只有两个峰（4）D的结构简式_______。【答案】（1）①C6H12②.加成反应③.消去反应（2）+2NaOH+2NaBr+2H2O（3）CH3CH2C≡CCH2CH3、(CH3)3CC≡CH（4）【解析】【分析】烃的相对分子质量为，分子中最大碳原子数目，故A的分子式为，与反应生成，而的核磁共振氢谱显示只有一个吸收峰，推知为，则为，属于烃，则发生消去反应生成，故C为，发生加聚反应生成为。【小问1详解】 烃的相对分子质量为，分子中最大碳原子数目，故A的分子式为，反应是与溴发生加成反应生成，反应是发生消去反应生成，故答案为：；加成反应；消去反应；【小问2详解】反应的化学方程式：+2NaOH；【小问3详解】为，同时满足下列条件的烃的两种同分异构体：属于炔烃；核磁共振氢谱中只有两个峰，符合条件的同分异构体为、，故答案为：、；【小问4详解】的结构简式为，故答案为：。17.有机化合物M是一种重要的化工原料，以A和C合成M的路线如下图所示：已知：①R1—CHO+R2—CH2—CHO②M分子中含2个六元环和1个八元环。 （1）A的一氯代物有_______种。（2）M的结构简式为_______。（3）D→E的化学方程式为_______。（4）F与含有NaOH的Cu(OH)2悬浊液反应的化学方程式为_______。（5）G通过缩聚反应得到高聚物L，L的结构简式为_______。【答案】（1）5（2）（3）2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O（4）+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O（5）【解析】【分析】A（）发生反应得到B（）；C（C3H6）为丙烯，和水发生加成反应的到D，D再经过氧化反应得到E，B、E在稀NaOH 溶液中发生反应，根据已知①可知，该反应的反应物均为醛，故E为醛，则D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2CHO，F为；F经氧化、酸化可得到G，则G为；G经过脱水反应得到M，根据已知②可得知，G经过分子间脱水得到M，则M为。【小问1详解】A的一氯代物中，氯原子可以在甲基上、亚甲基上，也可以在乙基的邻位、对位、间位上，故A的一氯代物有5种。【小问2详解】由分析可知，M的结构简式为。【小问3详解】由分析可知，D为CH3CH2CH2OH，E为CH3CH2CHO，D→E的化学方程式为2CH3CH2CH2OH+O22CH3CH2CHO+2H2O。【小问4详解】 由分析可知，F为，F与含有NaOH的Cu(OH)2悬浊液反应的化学方程式为+2Cu(OH)2+NaOH+Cu2O↓+3H2O。【小问5详解】由分析可知，G为，G既含有羟基，又含有羧基，则G可以发生缩聚反应，其缩聚产物L为。18.药物萘普生具有较强的抗炎、抗风湿和解热镇痛作用，其合成路线如下（1）CH3CH2COCl中碳原子的轨道杂化类型为___________。（2）E→F的反应类型为___________。（3）若省略步骤①和④，则A与CH3CH2COCl反应除生成G()外，最可能生成的产物(与G互为同分异构体)的结构简式为___________。 （4）C的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式___________。①分子中含有苯环()：含有2个取代基，且取代基在同一个苯环；②能在NaOH溶液中发生水解，产物中含萘环的分子有5种不同化学环境的氢原子。（5）已知：RCOOHRCOCl(R为烃基)，根据已有知识并结合相关信息，设计以对二甲苯和ClCH2CH2CH2Cl为原料制备的合成路线(无机试剂和有机溶剂任用，合成路线例见本题题干)。___________【答案】（1）sp2、sp3（2）取代反应（3）（4）或（5）ClCH2CH2CH2ClHOCH2CH2OHOHCCH2CHOHOOCCH2COOHClOCH2COCl【解析】【小问1详解】在CH3CH2COCl分子中，两个饱和碳原子的轨道杂化类型为sp3杂化，与Cl连接的C原子形成和碳氧双键，该碳原子采用sp2杂化；【小问2详解】根据E、F结构简式可知E→F的反应类型为取代反应； 【小问3详解】若省略步骤①和④，则根据①和④转化关系可知：A与CH3CH2COCl反应除生成G()外，最可能生成的产物(与G互为同分异构体)是CH3CH2CO-取代在同一个苯环上C原子上的Cl原子连接的H原子的位置，得到的物质的结构简式为；【小问4详解】C结构简式是，其同分异构体满足条件：①分子中含有苯环()：含有2个取代基，且取代基在同一个苯环；②能在NaOH溶液中发生水解，产物中含萘环的分子有5种不同化学环境的氢原子，说明物质分子中含有酯基、-CH2Cl结构，则其可能的结构简式为或；【小问5详解】ClCH2CH2CH2Cl与NaOH的水溶液共热发生取代反应产生HOCH2CH2CH2OH，HOCH2CH2CH2OH与O2在Cu作催化剂时加热，发生催化氧化反应产生OHCCH2CHO，OHCCH2CHO与O2在催化剂存在条件下加热，发生氧化反应产生HOOCCH2COOH，HOOCCH2COOH与SOCl2发生取代反应变为ClOCCH2COCl，ClOCCH2COCl与对二甲苯在AlCl3作用下反应产生目标产物，故由二甲苯和ClCH2CH2CH2Cl为原料制取 的合成路线为：ClCH2CH2CH2ClHOCH2CH2OHOHCCH2CHOHOOCCH2COOHClOCH2COCl。