江苏省南通市2021-2022学年高二数学下学期期末试题（Word版附解析）

2021~2022学年（下）高二期末质量检测数学本试卷共6页，22小题，满分150分.考试用时120分钟.注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上.将条形码横贴在答题卡“条形码粘贴处”.2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔在答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.答案不能答在试卷上.3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答无效.4．考生必须保持答题卡的整洁.考试结束后，将试卷和答题卡一并交回.一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合，则（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】求出给定函数的定义域、值域化简集合A，B，再利用交集的定义求解作答.【详解】由得或，则有，而，所以.故选：B2.在的展开式中，含项的系数为（）A.50B.35C.24D.10【答案】D 【解析】【分析】根据多项式乘法法则，分析计算即可作答.【详解】展开式的项是4个因式中任取3个用x，另一个因式用常数项相乘积的和，则展开式中的项为，所以含项的系数为10.故选：D3.《孙子算经》中曾经记载，中国古代诸侯的爵位等级从高到低分为：公、侯、伯、子、男，共有五级．若给有巨大贡献的甲、乙两人进行封爵，则在甲的爵位等级比乙高的条件下，甲、乙两人爵位相邻的概率为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】应用条件概率公式计算即可【点睛】记“甲的爵位等级比乙高为事件A”，“甲、乙两人爵位相邻为事件B”事件A包含10个基本事件：（公，侯），（公，伯），（公，子）（公，男），（侯，伯），（侯，子），（侯，男），（伯，子），（伯，男），（子，男）事件AB包含4个基本事件：（公，侯），（侯，伯），（伯，子），（子，男）则故选：C4.若x＝a是函数的极大值点，则a的取值范围是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】求导后，得导函数的零点，比较两数的大小，分别判断在两侧的导数符号，确定函数单调性，从而确定是否在处取到极大值，即可求得的范围．【详解】解：， 令，得：当，即此时在区间单调递增，上单调递减，上单调递增，符合x＝a是函数的极大值点，反之，当，即，此时在区间单调递增，上单调递减，上单调递增，x＝a是函数的极小值点，不符合题意；当，即，恒成立，函数在上单调递增，无极值点.综上得：.故选：A.5.“埃拉托塞尼筛法”是保证能够挑选全部素数的一种古老的方法．这种方法是依次写出2和2以上的自然数，留下头一个2不动，剔除掉所有2的倍数；接着，在剩余的数中2后面的一个数3不动，剔除掉所有3的倍数；接下来，再在剩余的数中对3后面的一个数5作同样处理；……，依次进行同样的剔除．剔除到最后，剩下的便全是素数．在利用“埃拉托塞尼筛法”挑选2到30的全部素数过程中剔除的所有数的和为（）A.333B.335C.337D.341【答案】B【解析】【分析】根据给定条件，求出2到30全部整数和，再求出2到30的全部素数和即可计算作答.【详解】2到30的全部整数和，2到30的全部素数和，所以剔除的所有数的和为.故选：B6.已知双曲线的左、右焦点分别为、，、是双曲线上关于原点对称的 两点，，四边形的面积为，则该双曲线的离心率为（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】分析可知四边形为矩形，利用勾股定理结合双曲线的定义可得出，利用三角形的面积公式可求得的值，即可求得该双曲线的离心率的值.【详解】由已知，所以，，，所以，，可得，由勾股定理可得，由双曲线的定义可得，所以，，由双曲线的对称性可知，四边形为矩形，所以，，所以，，故该双曲线的离心率为.故选：A.7.等差数列的各项均为正数，前n项和为．设甲：，乙：数列是等差数列，则（）A.甲是乙的充分条件但不是必要条件B.甲是乙的必要条件但不是充分条件C.甲是乙的充要条件D.甲既不是乙的充分条件也不是乙的必要条件【答案】C【解析】【分析】利用充分条件、必要条件的定义，结合等差数列的定义、前n项和公式推理判断作答.【详解】正项等差数列中，，则公差，前n项和 ，则有，即，数列是等差数列，正项等差数列中，前n项和为，令等差数列的公差为，显然，则，有，当时，，数列的公差为，于是得，解得，因此有，所以甲是乙的充要条件，C正确.故选：C8.已知函数，，，,则（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】分析可知函数在上为增函数，推导出函数的图象关于直线对称，则函数在上为减函数，可得出，利用函数在上的单调性可得出、、的大小关系.【详解】令，其中，则，因为函数、均为上的增函数，故函数也为上的增函数，当时，，此时，故函数在上为增函数，因为 ，故函数的图象关于直线对称，则函数在上为减函数，所以，，，则，即，，则，则，即，因此，.故选：B.二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.下列说法正确的是（）A.，越小，该正态分布对应的正态密度曲线越扁平B.运用最小二乘法得到的线性回归直线－定经过样本中心C.相关系数越接近1，y与x相关的程度就越弱D.利用进行独立性检验时，的值越大，说明有更大的把握认为两事件有关系【答案】BD【解析】【分析】根据正态曲线的几何特征，判断选项A；由回归直线方程的性质，判断选项B和C；【详解】解：对于A，根据正态曲线的几何特征，可知当不变时，即越小，该正态分布对应的正态密度曲线越瘦高，故A错误；对于B，运用最小二乘法得到的线性回归直线－定经过样本中心，故B正确；对于C，线性相关系数绝对值越接近1，表明2个随机变量相关性越强，故C错误；对于D，因为随机变量的观测值越大，说明两个变量有关系的可能性越大，即犯错误的概率越小，故D正确。故选：BD. 10.若，则（）A.B.C.D.【答案】ABD【解析】【分析】对于A选项，利用幂函数的单调性即可判断；对于B选项，作差可以判断；对于C选项，可以举反例；对于D选项，构造函数，先证明不等式，再利用不等式的传递性即可判断【详解】对于A选项，设，则，所以在上单调递增，则由，故A正确对于B选项，因为，所以，即，故B正确对于C选项，当时，，故C错误对于D选项，设，则，且当时，，当时，，所以在上单调递减，在上单调递增，所以，则即，故当时，，故D正确故选：ABD11.已知圆：和圆：相交于A，B两点，且点A在x轴上方，则（）A.B.过作圆的切线，切线长为C.过点A且与圆相切的直线方程为 D.圆的弦AC交圆于点D，D为AC的中点，则AC的斜率为【答案】ACD【解析】【分析】根据给定条件，求出点A，B的坐标，再结合圆的性质逐项分析、计算判断作答.【详解】依题意，由解得，则，圆的圆心，半径，圆的圆心，半径，，A正确；过作圆的切线，切线长为，B不正确；直线的斜率为，过点A且与圆相切的直线斜率为，该切线方程为，即，C正确；因D为圆的弦AC的中点，则，于是得点D在以线段为直径的圆上，而点D在圆上，则由得直线的方程，其斜率为，D正确.故选：ACD12.已知数列的通项公式，记数列的前n项和为，则下列说法正确的是（）A.B.是偶数C.若，则 D.若，则存在n使得能被8整除【答案】BCD【解析】【分析】计算判断A；探求数列的性质，寻找规律判断B；利用数列的性质，结合累加法判断C；取特值计算判断D作答.【详解】，，，，A不正确；，因数列从第3项起的每一项都等于其相邻前2项的和，又都是奇数，则必为偶数，又都是奇数，又为偶数，由此，是奇数，是偶数，照此规律依次进行，因此，数列中，是奇数，是偶数，而，是偶数，B正确；因，，即，则，C正确；，显然能被8整除，因此，存在n使得能被8整除，D正确.故选：BCD【点睛】 关键点睛：涉及给出递推公式探求数列规律的问题，按条件写出变量的前几个取值对应数列，认真分析每个变量对应的数列，找准变化规律是解决问题的关键.三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.命题“”的否定是_________．【答案】【解析】【分析】利用含有一个量词的命题的否定直接求解作答.【详解】命题“”是全称量词命题，其否定是“”.故答案为：14.数学家波利亚说：“为了得到一个方程，我们必须把同一个量以两种不同的方法表示出来，即将一个量算两次，从而建立相等关系”这就是算两次原理，又称为富比尼原理．由等式利用算两次原理可得____．【答案】【解析】【分析】利用二项式定理，结合所求式子的意义求解作答.【详解】因，因此是展开式中项的系数，而展开式中项的系数为，所以故答案为：15.直线过抛物线的焦点为，且与抛物线交于、两点，则的最小值为_______．【答案】## 【解析】【分析】推导出抛物线的焦半径的性质，再利用基本不等式可求得的最小值.【详解】易知，可得，所以，抛物线的方程为.若直线与轴重合时，则该直线与抛物线只有一个交点，不合乎题意.所以，直线的斜率存在，设直线的方程为，联立可得，即，，由韦达定理可得，.所以，，所以，，则，当且仅当时，等号成立，故的最小值为.故答案为：.16.已知函数．若时，直线与曲线相切，则的所有可能的取值为_________；若a∈R时，直线与曲线相切，且满足条件的k的值有且只有3个，则a的取值范围为_________．【答案】①.，5②.【解析】 【分析】求出函数的导数，利用导数的几何意义求出过点的曲线切线斜率即可；再利用过点的曲线的切线有3条，构造函数，借助函数有3个零点求解作答.【详解】当时，，求导得：，设直线与曲线相切的切点为，则，且，即，整理得，解得或，则或，所以的所有可能的取值为，5；由求导得：，设直线与曲线相切的切点为，于是得，且，则，显然函数在R上单调递增，因直线与曲线相切的k的值有且只有3个，则有直线与曲线相切的切点横坐标t值有且只有3个，即方程有3个不等实根，令，求导得：，当或时，，当时，，即函数在，上递增，在上递减，当时，取得极大值，当时，取得极小值，方程有3个不等实根，当且仅当函数有3个不同的零点，因此，解得，所以a的取值范围为.故答案为：，5；【点睛】思路点睛：解决过某点的函数f(x)的切线问题，先设出切点坐标，求导并求出切线方程，然后将给定点代入切线方程转化为方程根的问题求解. 四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知函数．从下面两个条件中选择一个求出，并解不等式①函数是偶函数；②函数是奇函数．注：如果选择多个条件分别解答，按第一个解答计分．【答案】答案见解析【解析】【分析】先利用赋值法求，化简的解析式之后应用对数函数的单调性解不等式【详解】根据题意,易得函数的定义域为.选择①:为偶函数,因此,故,解得.经检验符合题设,,即即或不等式的解集为；选择②:函数为奇函数,有,即,解得.经检验符合题设，,, 即即不等式的解集为.18.记数列{an}的前n项积为Tn，且．（1）证明：数列是等比数列；（2）求数列的前n项和Sn．【答案】（1）答案见解析；（2）.【解析】【分析】（1）利用与的关系可得，进而可得；（2）利用（1）的结论得，从而用“错位相减法”与等差数列求和公式，得所求.【小问1详解】证明：因为为数列的前项积，所以可得，因为，所以，即，所以，又，所以，故是以4为首项，2为公比的等比数列；【小问2详解】解：由（1）得：，所以，则设① ②则①-②得：则所以的前n项和19.如图，在四面体中，平面，，，点在线段上．（1）当是线段中点时，求到平面的距离；（2）若二面角的余弦值为，求的值．【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）以点为坐标原点，、、所在直线分别为、、轴建立空间直角坐标系，利用空间向量法可求得到平面的距离；（2）设点，其中，利用空间向量法可得出关于的方程，解出的值，即可得解.【小问1详解】解：因为平面，，以点为坐标原点，、、所在直线分别为、、轴建立如下图所示的空间直角坐标系， 因为为的中点，则、、、，设平面的法向量为，，，则，取，可得，，所以，点到平面距离为.【小问2详解】解：设点，其中，，，设平面的法向量为，则，取，可得，易知平面的一个法向量为，由已知可得，解得，此时点为的中点，故.20.某校在体育节期间进行趣味投篮比赛，设置了A，B两种投篮方案．方案A：罚球线投篮，投中可以得2分，投不中不得分；方案B：三分线外投篮，投中可以得3分，投不中不得分．甲、乙两位同学参加比赛，选择方案A投中的概率都为，选择方案B投中的概率都为，每人有且只有一次投篮机会，投中与否互不影响．（1）若甲同学选择方案A投篮，乙同学选择方案B投篮，记他们的得分之和为X，，求X的分布列和数学期望；（2）若甲、乙两位同学都选择方案A或都选择方案B投篮，问：他们都选择哪种方案投篮， 得分之和的均值较大?【答案】（1）分布列见解析，数学期望为；（2）答案见解析.【解析】【分析】（1）求出及的可能值，再求出各个值的概率，列出分布列，求出期望作答.（2）求出都选择方案A，都选择方案B投篮得分之和的均值，再比较大小即可作答.【小问1详解】依题意，甲投中的概率为，乙投中的概率为，于是得，解得，的可能值为0，2，3，5，，，，，所以的分布列为：0235数学期望.【小问2详解】设甲、乙都选择方案A投篮，投中次数为，都选择方案B投篮，投中次数为，则两人都选择方案A投篮得分和的均值为，都选择方案B投篮得分和的均值为，有，，则， ，若，即，解得，若，即，解得，若，即，解得，所以，当时，甲、乙两位同学都选择方案A投篮，得分之和均值较大，当时，甲、乙两位同学都选择方案A或都选择方案B投篮，得分之和的均值相等，当时，甲、乙两位同学都选择方案B投篮，得分之和的均值较大.21.在平面直角坐标系xOy中，已知点，直线，点M满足到点F的距离与它到直线l的距离之比为，记M的轨迹为C．（1）求C的方程；（2）过点M且与C相切的直线交椭圆于A，B两点，射线MO交椭圆E于点N，试问的面积是否为定值?请说明理由．【答案】（1）；（2）面积为定值.【解析】【分析】（1）设轨迹方程上动点，利用已知几何关系式，列式，得轨迹方程；（2）先由已知关系，确定直线方程中的参数关系，然后根据位置关系计算确定点M，N的坐标关系，从而得到，设，，，，将直线代入椭圆的方程，运用韦达定理，三角形的面积公式，即可得到所求面积为定值．【小问1详解】 解：设，根据题意，，其中表示M到直线l的距离.整理得，曲线C的方程为：．【小问2详解】解：的面积为定值，理由如下：设，①当直线斜率不存在时，过直线方程为，不妨令，则此时，，由题可得，故；②当直线斜率不存在时，设过直线方程为该直线与椭圆C相切得：①，，则直线MO的方程为：，，由题可得，M，N位于y轴两侧，故.即 设，，，，将直线代入椭圆的方程，可得，由，可得，②则有，，所以，将①代入得：由直线与轴交于，则的面积为.故综上：面积为定值．22.已知函数，，的导函数为．（1）若，，求实数的取值范围；（2）若函数，讨论的零点个数．【答案】（1）（2）答案不唯一，具体见解析【解析】【分析】（1）由参变量分离法可得出，利用导数求出函数在上的最大值，即可求得实数的取值范围；（2）对实数的取值进行分类讨论，利用导数分析函数的单调性，结合零点存在定理可得出函数的零点个数.【小问1详解】解：因为，则，对，由可得，则， 构造函数，其中，则，令，其中，则，所以，函数在上为减函数，则，故，所以，函数在上为减函数，，故.【小问2详解】解：，该函数的定义域为，且，.①当时，若时，，此时函数单调递增，若时，，此时函数单调递减，所以，，即函数的零点个数为；②当时，由，可得或.若时，即当时，对任意的，且不恒为零，则在上单调递增，由于，此时函数的零点个数为；若时，即当时，列表如下：增极大值减极小值增所以，， 设，其中，则，所以，在上为增函数，所以，，即，所以，，所以，，此时函数有且只有个零点，一个为，另一个在区间内；若时，即当时，列表如下：增极大值减极小值增所以，，因为，此时，函数有两个零点，一个为，另一个在区间内.综上所述，当或时，函数的零点个数为；、当或时，函数的零点个数为.【点睛】方法点睛：利用导数解决函数零点问题的方法：（1）直接法：先对函数求导，根据导数的方法求出函数的单调区间与极值，根据函数的基本性质作出图象，然后将问题转化为函数图象与轴的交点问题，突出导数的工具作用，体现了转化与化归思想、数形结合思想和分类讨论思想的应用；（2）构造新函数法：将问题转化为研究两函数图象的交点问题；（3）参变量分离法：由分离变量得出，将问题等价转化为直线 与函数的图象的交点问题.