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陕西省部分2022-2023学年高二理科数学上学期期末试题(Word版附解析)

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高二数学试卷(理科)考生注意:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共150分.考试时间120分钟.2.请将各题答案填写在答题卡上.3.本试卷主要考试内容:北师大版必修5占30%,选修2-1占70%.第Ⅰ卷一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的1.椭圆的长轴为()A.1B.2C.3D.42.在中,内角的对边分别为,若,则()A.B.C.5D.63.已知.则下列命题中,真命题是()A.B.C.D.4.如图,在四面体中,是的中点,,设,则()A.B.C.D.5.已知等比数列的前项乘积为,若,则()A.1B.2C.3D.46.已知双曲线的一条渐近线方程为,则该双曲线的离心 率是()A.B.C.D.7.已知空间三点,则到直线的距离为()A.B.C.D.8.已知数列满足,则“”是“”的()A.充分必要条件B.充分不必要条件C.必要不充分条件D.既不充分也不必要条件9.《九章算术》是我国古代的数学名著,书中将底面为矩形,且有一条侧棱垂直于底面的四棱锥称为阳马.如图,在阳马中,平面,底面是正方形,分别为的中点,点在线段上,与交于点,若平面,则()A.B.C.D.110.设,则的最小值为()A.B.C.1D.211.已知为抛物线上一点,为焦点,过作的准线的垂线,垂足为,若的周长不小于30,则点的纵坐标的取值范围是()A.B.C.D.12.如图,平行六面体的体积为,且分别为的中点,则() A.B.平面C.D.到平面的距离为第Ⅱ卷二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.把答案填在答题卡中的横线上.13.已知双曲线的焦距为10,则__________.14.若满足约束条件则的最小值为__________.15.如图,在直三棱柱中,分别为棱的中点,则__________.16.已知椭圆的左、右焦点分别为为椭圆上的一点,若,则__________.三、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)已知抛物线是抛物线上的点,且.(1)求抛物线的方程; (2)已知直线交抛物线于两点,且的中点为,求直线的方程.18.(12分)已知数列的前项和为,且.(1)求的通项公式;(2)设,求数列的前项和.19.(12分)如图,在长方体中,.(1)求异面直线与所成角的余弦值;(2)求直线与平面所成角的正弦值.20.(12分)的内角的对边分别为,已知.(1)求;(2)设,当的值最大时,求的面积.21.(12分)如图,在四棱锥中,是边长为2的菱形,且分别是的中点. (1)证明:平面平面.(2)求二面角的大小.22.(12分)已知双曲线的右焦点为,渐近线方程为.(1)求双曲线的标准方程;(2)设为双曲线的右顶点,直线与双曲线交于不同于的两点,若以为直径的圆经过点,且于点,证明:存在定点,使为定值.高二数学试卷参考答案(理科)1.D椭圆的长轴为4.2.A由余弦定理可得,所以.3.C由题意可得为真命题,为假命题.故为真命题.4.B因为是的中点,,所以.5.A因为,所以.因为,所以.6.C因为的渐近线方程为,所以.7.B, 到直线的距离为.8.C因为,所以或,故“”是“”的必要不充分条件.9.C以点为坐标原点,的方向分别为轴的正方向建立空间直角坐标系(图略),则.设平面的法向量为,则令,得.设,则.因为平面,所以,则,即0,解得,故.10.A,当且仅当,即时,等号成立.11.A如图,设点的坐标为,准线与轴的交点为,则,所以的周长为.设函数,则为减函数,因为,所以的解为.12.D因为,且,所以四边形的面积为. 因为平行六面体的体积为,所以平行六面体的高为.因为,所以在底面的投影在上.设在底面的投影为,则,因为,所以.因为,所以为的中点.以为坐标原点,的方向分别为轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系,则,.因为,所以与不平行,故错误.设平面的法向量为,则令,则.因为,所以与平面不平行,故B错误.因为,所以与不垂直,故C错误.设平面的法向量为,则令,得.因为,所以到平面的距离为 ,故正确.13.,解得或(舍去).14.作出可行域(图略),当直线经过点时,取最小值,最小值为.15.4取的中点,连接.16.3因为,所以.17.解:(1)因为,所以,故抛物线的方程为.(2)易知直线的斜率存在,设直线的斜率为,则 两式相减得,整理得.因为的中点为,所以,所以直线的方程为,即.18.解:(1)当时,.当时,,所以,因为也满足,所以通项公式为.(2)因为,所以.19.解:以为坐标原点,所在直线分别为轴,轴,轴建立如图所示的空间直角坐标系,则,.设平面的法向量为, 则令,得.(1)设异面直线与所成的角为,则即异面直线与所成角的余弦值为.(2)设直线与平面所成的角为,则,即直线与平面所成角的正弦值为.20.解:(1)由三角形的性质和正弦定理可知,其中,所以,因为,所以,故.(2)由正弦定理有,且,其中,所以当时,有最大值,此时,所以,由正弦定理有,故, 所以.21.(1)证明:取的中点,连接.因为,所以.在中,,所以为等边三角形,所以.因为,所以平面.因为分别是的中点,所以,所以平面平面,所以平面.因为平面,所以平面平面.(2)解:由(1)知平面.因为,所以可求得四棱锥的高为以为坐标原点,的方向分别为轴的正方向建立空间直角坐标系,则,..记平面的法向量为,则令,得.记平面的法向量为, 则令,得.因为,且二面角为钝角,所以二面角为.22.(1)解:由题意知.因为双曲线的渐近线方程为,所以.因为,所以,故双曲线的标准方程为.(2)证明:设.①当直线的斜率存在时,设的方程为,联立方程组化简得,则,即,且因为,所以,化简得, 所以或,且均满足.当时,直线的方程为,直线过定点,与已知矛盾;当时,直线的方程为,过定点.②当直线的斜率不存在时,由对称性不妨设直线,联立方程组得(舍去)或,此时直线也过定点.因为,所以点在以为直径的圆上,为该圆圆心,为该圆半径.故存在定点,使为定值6.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-04-10 08:36:02 页数:13
价格:¥2 大小:1.12 MB
文章作者:随遇而安

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