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2024年新高考数学一轮复习:第16讲 存在与任意问题(微专题)(解析版)
2024年新高考数学一轮复习:第16讲 存在与任意问题(微专题)(解析版)
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第16讲存在与任意问题(微专题)题型一、函数的存在问题例1、(2021·山东济宁市·高三二模)设函数,,若存在、使得成立,则的最小值为时,实数______.【答案】【解析】设,由可得,,的最小值为,即求函数在区间上的最小值为,且,当时,,,则,所以,函数在区间上为增函数,所以,,解得.故答案为:.变式1、(2023·江苏南通·统考模拟预测)若函数存在最小值,则实数a的取值范围为___________.【答案】【解析】因为,所以,则.当时,,所以在上单调递增;当时,,得,若时,在上单调递增,在单调递减,在上单调递增,要使得存在最小值,则,所以,此时; 若时,在上单调递增,在上单调递减,要使得存在最小值,则,此时;若时,在上单调递减,上单调增,则存在最小值.综上,则实数a的取值范围为.故答案为:.变式2、(山东省威海市2020-2021学年高三模拟)若关于的方程在(0,+)上有两个不等的实数根,则实数的取值范围为()A.B.C.D.【答案】B【解析】故则设,故在(1,+)上为减函数,.故时;时.故在上为增函数,在(1,+)上为减函数.,且时;时与的图象要有两个交点则的取值范围为. 故选:B方法总结:函数的恒成立问题往往采取分离参数法,参变分离法的适用范围:判断恒成立问题是否可以采用参变分离法,可遵循以下两点原则:①,则只需要,则只需要②,则只需要,则只需要题型二、函数的恒成立问题例2、(2021·山东济南市·高三二模)已知函数,若关于的不等式恒成立,则实数的取值范围为______.【答案】【解析】,在恒成立,在单调递增,时,,,使得,即;且,,在单调递减,在单调递增,,解得:, 实数的取值范围为,故答案为:.变式1、(2022·江苏苏州市八校联盟第一次适应性检测)已知函数f(x)=x3+mx,若f(ex)≥f(x-1)对x∈R恒成立,则实数m的取值范围为.【答案】[-1,+¥)【解析】由题意可知,令h(x)=ex-(x-1),易可知h(x)≥2恒成立,且f′(x)=3x2+m,则当m≥0时,f′(x)≥0,即f(x)在R上单调递增,则f(ex)≥f(x-1)对x∈R恒成立,满足题意;当m<0时,因为函数f(x)为奇函数,所以可得2≤2,解得m≥-1,则-1≤m<0,综上,实数m的取值范围为[-1,+¥).变式2、【2019年高考天津理数】已知,设函数若关于的不等式在上恒成立,则的取值范围为A.B.C.D.【答案】C【解析】当时,恒成立;当时,恒成立,令,则,当,即时取等号,∴,则.当时,,即恒成立, 令,则,当时,,函数单调递增,当时,,函数单调递减,则时,取得最小值,∴,综上可知,的取值范围是.故选C.变式3、(2022·江苏淮安市六校第一次联考)已知函数f(x)=ax-x2+3,g(x)=4x-2,若对于任意x1,x2∈(0,1],都有f(x1)≥g(x2)成立,则a的取值范围为.【答案】[0,+∞)【解析】由题意,f(x)=ax-x2+3,g(x)=4x-2,且对于任意x1,x2∈(0,1],都有f(x1)≥g(x2)成立,则f(x1)min≥g(x2)max,因为g(x)=4x-2在(0,1]上单调递增,所以g(x)max=g(1)=2,所以ax-x2+3≥2对于任意任意x∈(0,1]恒成立,即a≥x-对于任意x∈(0,1]恒成立,又在区间(0,1]上单调递增,所以h(x)max=h(1)=0,所以a≥0,则a的取值范围为[0,+∞).变式4、(2022·广东·铁一中学高三期末)已知直线恒在函数的图象的上方,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】A【解析】很明显,否则时,函数单调递减,且时,而当时,不合题意,时函数为常函数,而当时,不合题意,当时,构造函数,由题意可知恒成立,注意到:,据此可得,函数在区间上的单调递减,在区间上单调递增, 则:,故,,构造函数,则,还是在处取得极值,结合题意可知:,即的取值范围是.故选:A.方法总结:函数的恒成立问题往往采取分离参数法,参变分离法的适用范围:判断恒成立问题是否可以采用参变分离法,可遵循以下两点原则:(1)已知不等式中两个字母是否便于进行分离,如果仅通过几步简单变换即可达到分离目的,则参变分离法可行。但有些不等式中由于两个字母的关系过于“紧密”,会出现无法分离的情形,此时要考虑其他方法。(2)要看参变分离后,已知变量的函数解析式是否便于求出最值(或临界值),若解析式过于复杂而无法求出最值(或临界值),则也无法用参变分离法解决问题。(可参见”恒成立问题——最值分析法“中的相关题目)参变分离后会出现的情况及处理方法:(假设为自变量,其范围设为,为函数;为参数,为其表达式)(1)若的值域为①,则只需要,则只需要②,则只需要,则只需要题型三、函数的存在与恒成立的综合问题例3、已知f(x)=ln(x2+1),g(x)=x-m,若对任意的x1∈[0,3],存在x2∈[1,2],使得f(x1)≥g(x2),则实数m的取值范围是 ;若对任意的x1∈[0,3],任意x2∈[1,2],有f(x1)≥g(x2),则实数m的取值范围是 .变式1、已知函数f(x)=x+,g(x)=2x+a,若∀x1∈,∃x2∈[2,3],使得f(x1)≤g(x2),则实数a的取值范围是 .【答案】 【解析】①当x∈[0,3]时,f(x)min=f(0)=0,当x∈[1,2]时,g(x)min=g(2)=-m.对任意的x1∈[0,3],存在x2∈[1,2],使得f(x1)≥g(x2)等价于f(x1)min≥g(x2)min,即0≥-m,所以m≥.②当x∈[0,3]时,f(x)min=f(0)=0,当x∈[1,2]时,g(x)max=g(1)=-m.对任意的x1∈[0,3],任意x2∈[1,2],有f(x1)≥g(x2),等价于f(x1)min≥g(x2)max,即0≥-m,所以m≥.变式1、已知函数f(x)=x+,g(x)=2x+a,若∀x1∈,∃x2∈[2,3],使得f(x1)≤g(x2),则实数a的取值范围是 .【答案】【解析】由题意知f(x1)max≤g(x2)max.因为f(x)=x+在上是减函数,所以f(x)max=f=.又g(x)=2x+a在[2,3]上是增函数,所以g(x)max=8+a,因此≤8+a,则a≥.方法总结:存在于恒成立的综合性问题主要存在一下几方面的题型1、设函数f(x),g(x),对任意的x1∈[a,b],存在x2∈[c,d],使得f(x1)≥g(x2),则f(x1)min≥g(x2)min.2、设函数f(x),g(x),对任意的x1∈[a,b],存在x2∈[c,d],使得f(x1)≤g(x2),则f(x1)max≤g(x2)max.3、设函数f(x),g(x),存在x1∈[a,b],存在x2∈[c,d],使得f(x1)≥g(x2),则f(x1)max≥g(x2)min.4、设函数f(x),g(x),存在x1∈[a,b],存在x2∈[c,d],使得f(x1)≤g(x2),则f(x1)min≤g(x2)max.
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高考 - 一轮复习
发布时间:2024-09-19 01:00:01
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文章作者:180****8757
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