2022-2023学年福建省福州市仓山区八年级(下)期中数学试卷
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2022-2023学年福建省福州市仓山区八年级(下)期中数学试卷一、选择题:本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(4分)(2023春•灵宝市期末)下列各式是最简二次根式的是 A.B.C.D.2.(4分)(2023春•仓山区期中)下列各组长度的线段中,首尾顺次相接能构成直角三角形的是 A.4,5,6B.8,15,17C.2,3,D.,2,3.(4分)(2023春•仓山区期中)不等式的解集是 A.B.C.D.4.(4分)(2023春•仓山区期中)下列运算正确的是 A.B.C.D.5.(4分)(2023春•仓山区期中)下列说法错误的是 A.全等三角形的三组对应边相等B.平行四边形的两组对角分别相等C.对角线相等的四边形是矩形D.四条边都相等的四边形是菱形6.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,在矩形中,,相交于点.若,,则的长为 A.8B.C.D.47.(4分)(2023春•仓山区期中)若,则的值为 A.B.C.2D.1第28页(共28页),8.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,点是正方形内一点,连接,,.若是等边三角形,则的度数为 A.B.C.D.9.(4分)(2023春•仓山区期中)一个平行四边形的一条边长为7,两条对角线的长分别是10和,则这个平行四边形的面积为 A.B.C.35D.10.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,一架梯子斜靠在某个走廊竖直的左墙上,顶端在点处,底端在水平地面的点处.保持梯子底端的位置不变,将梯子斜靠在竖直的右墙上,此时梯子的顶端在点处,连接,是线段的一点,且.若,,顶端距离地面的高度比少,则下列结论不成立的是 A.的长为B.的长为C.的长为D.的长为二、填空题:本题共6小题,每小题4分,共24分.11.(4分)(2013•无锡)六边形的外角和等于 度.12.(4分)(2021•锦州一模)二次根式有意义,则的取值范围是 .13.(4分)(2023春•仓山区期中)在平面直角坐标系中,点的坐标为第28页(共28页),,则的长为 .14.(4分)(2021春•岑溪市期末)如图,菱形的周长为24,对角线,交于点,点是的中点,则的长是 .15.(4分)(2010•山西模拟)当时,代数式的值为 .16.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,在矩形中,,,分别平分,交于点,,且,相交于点,连接并延长交于点.则下面结论正确的是 .(写出所有正确结论的序号)①;②四边形是轴对称图形;③;④.三、解答题:本题共9小题,共86分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(8分)计算:.18.(8分)(2023春•仓山区期中)先化简,再求值:,其中.19.(10分)(2021春•铜梁区期末)中,,,边的中线,求的面积.第28页(共28页),20.(10分)(2023春•仓山区期中)有大小两种货车,2辆大货车与3辆小货车一次可以运货16.5吨,1辆大货车与1辆小货车一次可以运货7吨.大货车与小货车每辆一次各运货多少吨?21.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,在平行四边形中,点,在对角线上,且,连接,,求证:.22.(10分)如图,在矩形中,,,点是上一点,连接,将沿着折叠,恰好点与在上的点重合,求的长.23.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,在梯形中,,.(1)尺规作图:在上找一点,连接,使得;(不写作法,保留作图痕迹)(2)在(1)条件下,若,,,求梯形的高.24.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,正方形,点,分别在,的延长线上,连接交于点,连接交的延长线于点,且.(1)求证:平分;(2)求的度数;第28页(共28页),(3)如备用图,过点作于,求证:,,三点共线.25.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,在平面直角坐标系中,,,,轴于点,轴于点,且是轴正半轴上的一点,.(1)求点的坐标;(用含的式子表示)(2)如备用图1,已知,连接,若,则:①求的值;②如备用图2,若,分别是线段,射线上的一点,求的最小值.第28页(共28页),2022-2023学年福建省福州市仓山区八年级(下)期中数学试卷参考答案与试题解析一、选择题:本题共10小题,每小题4分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(4分)(2023春•灵宝市期末)下列各式是最简二次根式的是 A.B.C.D.【考点】最简二次根式【分析】根据最简二次根式被开方数不含能开方的因式和不含分母判断即可.【解答】解:.是最简二次根式,符合题意;.,被开方数含有分母,不是最简二次根式,不符合题意;.,被开方数含有分母,不是最简二次根式,不符合题意;.,被开方数含有能开方的因数4,不是最简二次根式,不符合题意;故选:.2.(4分)(2023春•仓山区期中)下列各组长度的线段中,首尾顺次相接能构成直角三角形的是 A.4,5,6B.8,15,17C.2,3,D.,2,【考点】勾股定理的逆定理【分析】判断是否能组成直角三角形,只要验证两小边的平方和是否等于最长边的平方即可.【解答】解:、,,5,6不能组成直角三角形,故本选项不符合题意;、,,15,17能组成直角三角形,故本选项符合题意;、,,3,不能组成直角三角形,故本选项不符合题意;、,第28页(共28页),,2,不能组成直角三角形,故本选项不符合题意.故选:.3.(4分)(2023春•仓山区期中)不等式的解集是 A.B.C.D.【考点】解一元一次不等式【分析】先去分母,再移项合并同类项,即可求解.【解答】解:,去分母得:,移项合并同类项得:.故选:.4.(4分)(2023春•仓山区期中)下列运算正确的是 A.B.C.D.【考点】二次根式的混合运算【分析】根据二次根式的运算法则,逐项判断即可求解.【解答】解:、和不是同类二次根式,无法合并,原计算错误,不符合题意;、,原计算错误,不符合题意;、,原计算错误,不符合题意;、,正确,符合题意.故选:.5.(4分)(2023春•仓山区期中)下列说法错误的是 A.全等三角形的三组对应边相等B.平行四边形的两组对角分别相等C.对角线相等的四边形是矩形D.四条边都相等的四边形是菱形第28页(共28页),【考点】矩形的判定;全等三角形的性质;菱形的判定;平行四边形的性质【分析】根据全等三角形的性质,平行四边形的性质,矩形和菱形的判定,逐项判断即可求解.【解答】解:、全等三角形的三组对应边相等,故本选项正确,不符合题意;、平行四边形的两组对角分别相等,故本选项正确,不符合题意;、对角线相等的平行四边形是矩形,故本选项错误,符合题意;、四条边都相等的四边形是菱形,故本选项正确,不符合题意;故选:.6.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,在矩形中,,相交于点.若,,则的长为 A.8B.C.D.4【考点】等边三角形的判定与性质;矩形的性质【分析】根据矩形的性质得到,证明为等边三角形,根据勾股定理计算,得到答案.【解答】解:四边形为矩形.,,,,,为等边三角形,,,由勾股定理得,,故选:.7.(4分)(2023春•仓山区期中)若,则的值为 A.B.C.2D.1第28页(共28页),【考点】非负数的性质:绝对值;非负数的性质:算术平方根【分析】根据非负数的性质求出未知数的值,再代入计算即可.【解答】解:,,,,,故选:.8.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,点是正方形内一点,连接,,.若是等边三角形,则的度数为 A.B.C.D.【考点】等边三角形的性质;正方形的性质【分析】求得,,根据三角形内角定理和等腰三角形的性质即可求解.【解答】解:四边形是正方形,,,是等边三角形,,,,,,故选:.9.(4分)(2023春•仓山区期中)一个平行四边形的一条边长为7,两条对角线的长分别是10和,则这个平行四边形的面积为 A.B.C.35D.第28页(共28页),【考点】平行四边形的性质【分析】根据勾股定理逆定理可以说明平行四边形的对角线互相垂直,进而可以判断这个平行四边形是菱形,据此即可求解.【解答】解:设平行四边形的对角线交于点,且,,,,,,,,平行四边形是菱形.平行四边形的面积为,故选:.10.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,一架梯子斜靠在某个走廊竖直的左墙上,顶端在点处,底端在水平地面的点处.保持梯子底端的位置不变,将梯子斜靠在竖直的右墙上,此时梯子的顶端在点处,连接,是线段的一点,且.若,,顶端距离地面的高度比少,则下列结论不成立的是 A.的长为B.的长为C.的长为D.的长为【考点】相似三角形的应用【分析】根据勾股定理求出、的长,得出,证明,利用勾股定理求出,再利用平行线得出相似和比例式,求出即可.第28页(共28页),【解答】解:,,,成立,不符合题意;比少,,,,,成立,不符合题意;,,,,,,,,,成立,不符合题意;连接并延长,交直线于,,,,,,,,,,,第28页(共28页),,不成立,符合题意;故选:.二、填空题:本题共6小题,每小题4分,共24分.11.(4分)(2013•无锡)六边形的外角和等于 360 度.【考点】多边形内角与外角【分析】根据任何多边形的外角和是360度即可求出答案.【解答】解:六边形的外角和等于360度.故答案为:360.12.(4分)(2021•锦州一模)二次根式有意义,则的取值范围是 .【考点】二次根式有意义的条件【分析】根据二次根式的意义,被开方数是非负数列出方程,解方程即可.【解答】解:根据题意得:,解得.故答案为:.13.(4分)(2023春•仓山区期中)在平面直角坐标系中,点的坐标为,则的长为 .【考点】勾股定理;两点间的距离公式【分析】根据勾股定理计算即可.【解答】解:点的坐标为,由勾股定理得.故答案为:.14.(4分)(2021春•岑溪市期末)如图,菱形的周长为24,对角线,交于点,点是的中点,则的长是 3 .第28页(共28页),【考点】直角三角形斜边上的中线;三角形中位线定理;菱形的性质【分析】利用菱形的性质得出,进而直角三角形斜边上的中线性质求出,即可得出结果.【解答】解:四边形是菱形,,,点为边的中点,是的斜边上的中线,,;故答案为:3.15.(4分)(2010•山西模拟)当时,代数式的值为 6 .【考点】:二次根式的化简求值【分析】由已知得,将代数式变形为完全平方式后,再整体代入.【解答】解:由已知得,.16.(4分)(2023春•仓山区期中)如图,在矩形中,,,分别平分,交于点,,且,相交于点,连接并延长交于点.则下面结论正确的是 ①②③ .(写出所有正确结论的序号)①;②四边形是轴对称图形;③;第28页(共28页),④.【考点】四边形综合题【分析】①根据矩形的性质和角平分线的性质即可得出答案;②连接,根据①中的结论可知是等腰直角三角形,再结合的长可求出,从而得出结论;③延长、相交于点,根据题中条件证明,可得,即可证出结论;④取的中点,连接,可知,即可求出答案.【解答】解:①四边形是矩形,,分别平分,,,,;②连接,如图所示,由①知,是等腰直角三角形,四边形是矩形,,,是等腰直角三角形,,,,第28页(共28页),,,,四边形是以为对称轴的轴对称图形;③延长、相交于点,如图所示,四边形是矩形,,分别平分,,,,,,是等腰直角三角形,,,由①得,,是等腰直角三角形,,,,,是等腰直角三角形,,由②知,是等腰直角三角形,,,又,,第28页(共28页),,;④取的中点,连接,如图所示,四边形是矩形,,,由③知,,,点为的中点,是的中位线,,,四边形是矩形,,,,,由③得,,,,,;故答案为:①②③.第28页(共28页),三、解答题:本题共9小题,共86分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(8分)计算:.【考点】二次根式的混合运算;零指数幂【分析】先根据平方差公式,二次根式的化简和零指数幂算出结果,再进行二次根式的加减运算.【解答】解:.18.(8分)(2023春•仓山区期中)先化简,再求值:,其中.【考点】分式的化简求值【分析】先根据分式运算法则进行化简,再代入数值计算即可.【解答】解:,,,;把代入,原式.19.(10分)(2021春•铜梁区期末)中,,,边的中线,求的面积.【考点】勾股定理的逆定理;三角形的面积【分析】根据勾股定理的逆定理可以判断的形状,然后根据三角形的面积公式可以求得的面积.【解答】解:是的中线,,,,,第28页(共28页),,是直角三角形,,的面积是:,即的面积是60.20.(10分)(2023春•仓山区期中)有大小两种货车,2辆大货车与3辆小货车一次可以运货16.5吨,1辆大货车与1辆小货车一次可以运货7吨.大货车与小货车每辆一次各运货多少吨?【考点】二元一次方程组的应用;一元一次方程的应用【分析】设每辆大货车一次运货吨,每辆小货车一次运货吨,根据等量关系列方程,可求解.【解答】解:设每辆大货车一次运货吨,每辆小货车一次运货吨,依题意列方程组,,解得,答:每辆大货车一次运货4.5吨,每辆小货车一次运货2.5吨.21.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,在平行四边形中,点,在对角线上,且,连接,,求证:.【考点】全等三角形的判定与性质;平行四边形的性质【分析】根据平行四边形,利用可以证明,即可得到.【解答】证明:四边形是平行四边形,,,第28页(共28页),,在和中,,,.22.(10分)如图,在矩形中,,,点是上一点,连接,将沿着折叠,恰好点与在上的点重合,求的长.【考点】矩形的性质;翻折变换(折叠问题)【分析】根据勾股定理求出的长,再设,利用勾股定理列出方程即可求解.【解答】解:由折叠可知,,,,设,则设,,根据勾股定理得,,解得,的长为.23.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,在梯形中,,.(1)尺规作图:在上找一点,连接,使得;(不写作法,保留作图痕迹)第28页(共28页),(2)在(1)条件下,若,,,求梯形的高.【考点】梯形;作图—复杂作图【分析】(1)根据内错角相等,两直线平行,作即可解决问题;(2)证明四边形是平行四边形,求得,再证明是等边三角形,作于点,根据等边三角形的性质和勾股定理即可求解.【解答】解:(1)如图,即为所作,;(2)解:,,四边形是平行四边形,,,,,,,,是等边三角形,,,作于点,,,答:梯形的高为.24.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,正方形,点,分别在,的延长线上,连接交于点,连接交的延长线于点,且第28页(共28页),.(1)求证:平分;(2)求的度数;(3)如备用图,过点作于,求证:,,三点共线.【考点】四边形综合题【分析】(1)先根据四边形是正方形,证明,推出,得到,推出,据此即可证明平分;(2)过点作交的延长线于点,交于点,先根据四边形是正方形,证明,,得到,依次证明,和,得到,,最后证明;(3)连接,,延长、相交于点,设交于点,交于点,连接,根据,得到,再根据四边形是正方形,得到,,依次证明,推出,,推出,,推出,然后证明和,得到,同理证明和,得到,据此进一步计算即可求解.【解答】(1)证明:四边形是正方形,,,第28页(共28页),,,,平分;(2)解:过点作交的延长线于点,交于点,则,四边形是正方形,,,,平分,,,,,,即,在和中,,,,在和中,,,,第28页(共28页),又,,即,又,;(3)证明:连接,,延长、相交于点,设交于点,交于点,连接,,,四边形是正方形,,,,平分,,在和中,,,,在和中,,第28页(共28页),,,在和中,,,,,,,,又,,,即,,,,,又,,,又,,,又,,即,,,三点共线.25.(10分)(2023春•仓山区期中)如图,在平面直角坐标系中,,,,轴于点,轴于点,且是轴正半轴上的一点,.第28页(共28页),(1)求点的坐标;(用含的式子表示)(2)如备用图1,已知,连接,若,则:①求的值;②如备用图2,若,分别是线段,射线上的一点,求的最小值.【考点】三角形综合题【分析】(1)根据证明,得到,推出,即可求解;(2)①根据证明得到,而,,利用勾股定理即可求解;②作点关于直线的对称点,连接,,,则,由于,故只要求得的最小值即可得到的最小值,根据垂线段最短可知,当轴时,最小,据此进一步计算即可求解.【解答】解:(1),轴,轴,,在和中,,,,第28页(共28页),,,,点的坐标为;(2)①连接,由(1)可知,,,,,,在和中,,,,,,,,,;②作点关于直线的对称点,连接,,,第28页(共28页),则,由于,故只要求得的最小值即可得到的最小值,根据垂线段最短可知,当轴时,最小,由①得,,,设直线的解析式为,把,代入得,解得:,直线的解析式为,设点的坐标为,则、的中点的坐标为,直线与轴的交点为,则点的坐标为,,,,,整理得,点与点关于直线对称,点在直线上,第28页(共28页),,即,,整理得,即,解得:,则,点到轴的距离为,即的最小值为.声明:试题解析著作权属菁优网所有,未经书面同意,不得复制发布日期:2024/3/2012:09:05;用户:彼粒星;邮箱:orFmNt3ioZ7m9pIbCI01vF5XpREs@weixin.jyeoo.com;学号:40668998第28页(共28页)
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