福建省泉州第一中学2023-2024学年九年级上学期数学期末考试卷（解析版）

泉州一中2023-2024学年上学期九年级期末考试数学试题一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的．在答题卡相应的答题区域内作答．1.下列选项中是一元二次方程的是（）．1A.2=2xx−−=310B.2xC.xy−+=210D.3x−=80【答案】A【解析】【分析】本题考查一元二次方程的定义．找到只含有一个未知数，未知数的最高次数是2，二次项系数不为0的整式方程的选项即可．【详解】解：A、是一元二次方程，故本选项符合题意；B、不是一元二次方程，故本选项不符合题意；C、不是一元二次方程，故本选项不符合题意；D、不是一元二次方程，故本选项不符合题意；故选：A2.tan45°的值等于（）32A.B.C.3D.132【答案】D【解析】【分析】本题考查特殊角的三角函数值，直接根据特殊角的三角函数值得出答案．【详解】解：tan45°=1，故选：D．3.下列事件中，属于必然事件的是（）．A.泉州明天会下大雨B.在369个人中，一定有两个人在同日出生C.打开电视机，正好在播新闻D.小明这学期数学期末考试得分是146【答案】B第1页/共21页学科网（北京）股份有限公司 【解析】【分析】本题考查了事件的分类，解决本题需要正确理解必然事件、不可能事件、随机事件的概念．根据必然事件指在一定条件下，一定发生的事件；不可能事件是指在一定条件下，一定不发生的事件；不确定事件即随机事件是指在一定条件下，可能发生也可能不发生的事件，对每一项进行分析即可．【详解】解：A．泉州明天会下大雨是随机事件；B．在369个人中，一定有两个人在同日出生是必然事件；C．打开电视机，正好在播新闻是随机事件；D．小明这学期数学期末考试得分是146是随机事件．故选B．4.下列二次根式中，能与32合并的是（）A.0.2B.4C.6D.8【答案】D【解析】【分析】本题考查了二次根式的化简和同类二次根式，先化简，再看被开方数是否等于2，即可判断，熟练掌握知识点是解题的关键．5【详解】A.0.2=，不能与32合并，不符合题意；5B.42=，不能与32合并，不符合题意；C.6，不能与32合并，不符合题意；D.822=，能与32合并，符合题意；故选：D．5.用配方法解一元二次方程2xx−+=430，下列变形结果正确的是（）2222A.(x−=2)1B.(x−=2)7C.(x+=2)1D.(x+=2)7【答案】A【解析】【分析】此题考查了解一元二次方程-配方法，熟练掌握完全平方公式是解本题的关键．将方程的常数项移到右边后，方程的两边同时加上一次项系数一半的平方，即可得到结果．2【详解】解：移项得：xx−=43−，第2页/共21页学科网（北京）股份有限公司 2配方得：xx−+=−+4434，2即：(x−=21)．故选：A．6.如图，D是ABC边AB上一点，添加一个条件后，仍不能使△ACD∽△ABC的是（）ADCDACABA.∠=ACD∠BB.∠=ADC∠ACBC.=D.=ACBCADAC【答案】C【解析】【分析】本题考查添加条件证明三角形相似．根据相似三角形的判定方法，逐一进行判断是解题的关键．【详解】解：在ACD和ABC中，∠=BAC∠DAC，A、∠=ACD∠B，利用两组对应角相等的三角形相似，得到△ACD∽△ABC，不符合题意；B、∠=ADC∠ACB，利用两组对应角相等的三角形相似，得到△ACD∽△ABC，不符合题意；ADCDC、=，不能证明△ACD∽△ABC，符合题意；ACBCACABD、=，根据两组对应边对应成比例，夹角相等，得到△ACD∽△ABC，不符合题意；ADAC故选C．227.抛物线yx=−−2(4)3经过平移得到抛物线yx，则平移过程正确的是（）．A.先向左平移4个单位，再向下平移3个单位B.先向左平移4个单位，再向上平移3个单位C.先向右平移4个单位，再向下平移3个单位D.先向右平格4个单位，再向上平移3个单位【答案】B【解析】【分析】本题考查了二次函数的性质以及二次函数图象平移的规律，掌握二次函数图象平移的规律是解题关键．直接根据二次函数的图像平移方法“左加右减，上加下减”进行排除选项即可22【详解】抛物线yx=−−2(4)3经过平移得到抛物线yx，第3页/共21页学科网（北京）股份有限公司 则平移过程是先向左平移4个单位，再向上平移3个单位．故选：B．8.如图，若ABC与△ABC111是位似图形，则位似中心的坐标为（）A.(−−2,2)B.(−−1,1)C.(−1,0)D.(0,1−)【答案】B【解析】【分析】本题考查了位似图形，熟练掌握位似图形的性质是解题关键．连接AA1，并延长与BB1延长线相交，交点坐标即为位似中心的坐标．【详解】解：如图，连接AA1，并延长与BB1延长线相交，交点P即为位似中心，由图可知，位似中心的坐标为(−−1,1)，故选：B．9.如图，点A，B，C在半径为5的O上，BC=6，则cos∠CAB的值为（）．4343A.B.C.D.3455【答案】C第4页/共21页学科网（北京）股份有限公司 【解析】【分析】作直径CD，连接BD，勾股定理求得BD，根据同弧所对的圆周角相等得出∠=∠DCAB，进而根据余弦的定义即可求解．【详解】解：如图所示，作直径CD，连接BD，∴∠=CBD90°，∵CD=×=2510,BC=6，∴BD=−=CD22BC8，∵BC=BC∴∠=∠DCAB，BD84∴cos∠CAB=cos∠=D==，CD105故选：C．【点睛】本题考查了求余弦，直径所对的圆周角是直角，勾股定理，同弧所对的圆周角相等，熟练掌握以上知识是解题的关键．10.已知抛物线y=ax2+bx+c（0＜2a＜b）的顶点为P（x0，y0），点A（1，yA），B（0，yB），C（﹣1，yC）在yA该抛物线上，当y0≥0恒成立时，的最小值为（）yy−BCA.1B.2C.4D.3【答案】D【解析】【分析】主要是要是通过相似三角形边的对应关系，构造所求的式子，并对结果找到限制条件即可第5页/共21页学科网（北京）股份有限公司 b【详解】由0＜2a＜b，得x0=﹣＜﹣1，2a由题意，如图，过点A作AA1⊥x轴于点A1，则AA1=yA，OA1=1，连接BC，过点C作CD⊥y轴于点D，则BD=yB﹣yC，CD=1，过点A作AF∥BC，交抛物线于点E（x1，yE），交x轴于点F（x2，0），则∠FAA1=∠CBD，于是Rt△AFA1∽Rt△BCD，AA1FA1yA1x−2所以=，即=，BDCDyyBC−1过点E作EG⊥AA1于点G，易得△AEG∽△BCD．AGEGyyAE−1x−1有=，即=，BDCDyyBC−1∵点A（1，y2+bx+c上，A）、B（0，yB）、C（﹣1，yC）、E（x1，yE）在抛物线y=ax2+bx得yA=a+b+c，yB=c，yC=a﹣b+c，yE=ax11+c，2yyAE−a++−bc(ax11++bxc)∴==1﹣x1，yyBC−cabc−−+()2+x化简，得x11﹣2=0，解得x1=﹣2（x1=1舍去），∵y0≥0恒成立，根据题意，有x2≤x1＜﹣1，则1﹣x2≥1﹣x1，即1﹣x2≥3，yA∴≥3，yy−BCyA∴的最小值为3．yy−BC故选D.二、填空题：本题共6小题，每小题4分，共24分．在答题卡相应的答题区域内作答．第6页/共21页学科网（北京）股份有限公司 11.若式子24x+在实数范围内有意义，则x的取值范围是______________．【答案】x≥−2【解析】【分析】根据二次根式的被开方数是非负数求解即可．【详解】解：∵式子24x+在实数范围内有意义，∴240x+≥，∴x≥−2，故答案为：x≥−2．【点睛】本题考查二次根式有意义的条件、解一元一次不等式，熟知二次根式的被开方数是非负数是解答的关键．a3ab+12.已知=，则=_______．b2ab−【答案】5【解析】【分析】根据比例设a=3k，b=2k，然后代入比例式进行计算即可得解．a3【详解】解：∵=，b2∴设a=3k，b=2k，abkk++32则==5，abkk−−32故答案为：5．【点睛】本题考查了比例的性质，利用“设k法”求解更简便．13.一只盒子中有红球10个，白球6个，黑球a个，每个球除颜色外都相同，从中任取一个球，取得“红球”的概率与“不是红球”的概率相同，那么a的值是__________．【答案】4【解析】【分析】此题考查了概率的应用，根据题意得到红球的数量等于白球加黑球的数量，然后列方程求解即可．【详解】解：∵从中任取一个球，取得是红球的概率与不是红球的概率相同，∴a+=610，解得a=4．第7页/共21页学科网（北京）股份有限公司 故答案为：4．14.若直线l上有四点A，B，C，D，直线l外有一点P，则经过图中的三个点作圆，最多可以作__________个．【答案】6【解析】【分析】本题考查了确定圆的条件，理解“不在同一条直线上的三个点确定一个圆”是解题的关键．直线l上的四点A，B，C，D，选其中三个点不能确定圆，只能从中选择二个点，与点P三个点作圆，再列举出选取的方式即可．【详解】解：∵不在同一条直线上的三个点确定一个圆，∴A，B，C，D，四点中选择二个点，与点P，三个点作圆，选取的方式有：A，B，P；A，C，P；A，D，P；B，C，P；B，D，P；C，D，P，共6个．故答案为：6．15.一个等腰三角形的底边长是6，腰长是一元二次方程x2﹣7x+12=0的一个根，则此三角形的周长是_____．【答案】14【解析】【分析】先求出方程的解，再根据三角形的三边关系定理判断能否组成三角形，再求出即可．【详解】解：解方程x2-7x+12=0得：x=3或4，当腰为3时，三角形的三边为3，3，6，3+3=6，此时不符合三角形三边关系定理，此时不行；当腰为4时，三角形的三边为4，4，6，此时符合三角形三边关系定理，三角形的周长为4+4+6=14，故答案为14．【点睛】本题考查了解一元二次方程、等腰三角形的性质、三角形的三边关系定理等知识点，能求出符合的所有情况是解此题的关键．16.如图，∆ABC为等边三角形，点D在∆ABC外，连接BD、CD．若∠=ABD2∠ACD，23tan∠=ACD，BD=37，则CD=__________．5【答案】11第8页/共21页学科网（北京）股份有限公司 【解析】【分析】作∠ABD的角平分线交DC于E，连接AE，作AF⊥DC于F，延长BE交AD于R，先证明△BED≌△BEA，可得AB=BD=17，再通过等腰三角形的中线定理得BR⊥AD，利用三角函数求出DF，FC的值，即可求出CD的值．【详解】作∠ABD的角平分线交DC于E，连接AE，作AF⊥DC于F，延长BE交AD于R∵∠=ABD2∠ACD∴∠ABE=∠ACE∴A，E，C，D四点共圆∴∠AEC=∠ABC=60°∴∠BEC=∠BAC=60°∴∠BED=∠BEA=120°∵∠EBD=∠EBA，BE=BE∴△BED≌△BEA∴AB=BD=17∵AB=AD，∠ABR=∠DBR∴BR⊥AD23∴AC=37，tan∠=ACD5∴AF=23，FC=523∵AB=37,tan∠ABR=5∴AR=23∴AD=43∴AF=23∴DF=6∴CD=+=DFFC11故答案为：11．第9页/共21页学科网（北京）股份有限公司 【点睛】本题考查了三角形的综合问题，掌握角平分线的性质、等腰三角形的性质、全等三角形的性质以及判定定理、锐角三角函数是解题的关键．三、解答题：本题共9小题，共86分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．在答题卡相应的答题区域内作答．17.计算：231×+÷−83|262−|．【答案】2【解析】【分析】本题考查了二次根式的混合运算，熟练掌握运算法则是解答本题的关键．先算乘法、除法、绝对值，再算加减即可．【详解】解：原式=+−+66262=2．218.解方程：(xx−=−3)2(3)．【答案】x1=3，x2=5【解析】【分析】本题考查了一元二次方程的解法，利用因式分解法解一元二次方程即可；解题的关键是掌握一元二次方程的解法：直接开平方法，配方法，公式法，因式分解法等．2【详解】解：(xx−=−3)2(3)2(xx−−−=3)2(3)0(3xx−)(32−−=)0∴x−=30，x−=50∴=x3，x=5．1219.如图，沿AC方向开山修路，为了加快施工进度，要在小山的另一边同时施工．从AC上的一点M取∠AMB=°150,MB=600m,∠=°B60．另一边开工点N在直线AC上，求MN的长．（结果保留根号）．第10页/共21页学科网（北京）股份有限公司 【答案】3003m【解析】【分析】本题考查了勾股定理的应用，涉及含30度角的直角三角形的性质，熟练掌握知识点是解题的关1键．先求出∠=MNB90°，然后根据含30度角的直角三角形求出BN=MB=300m，最后根据勾股定2理求出结果即可．【详解】解：∠=AMB150°又∠AMB+∠BMN=180°∴∠BMN=30°∠=°B60∴∠BMN+∠=B90°，∴∠MNB=90°，∵MB=600m，1∴BN=MB=300m，22222∴=MNBM−=BN600−=3003003(m)．答：MN的长为3003(m)．20.如图，AB，AC分别交O于DE,两点．求证：ADAB⋅=⋅AEAC．【答案】见解析第11页/共21页学科网（北京）股份有限公司 【解析】【分析】本题考查了圆内接四边形对角互补，相似三角形的性质与判定；根据圆内接四边形对角互补，可得∠=ADE∠C，进而证明ADE∽ACB，即可得证．【详解】解：∵AB，AC分别交O于DE,两点．∴四边形BCED是O内接圆，∴∠+∠CBDE=180°，∵∠ADE+∠BDE=180°，∴∠=ADE∠C，又∵∠=∠AA，∴ADE∽ACB，ADAE∴=ACAB即ADAB⋅=⋅AEAC21.已知ABC，请按以下要求完成本题：（1）请作出ABC的外接圆O（尺规作图，保留作图痕迹）：（2）若在ABC中，∠ABC=°∠65,ACB=°45,O的直径AD交CB于E，求∠DEC的度数．【答案】（1）见解析（2）70°【解析】【分析】（1）作三角形两边的垂直平分线的交点为外心，再以外心到顶点的距离为半径作圆；（2）连接BD，再根据圆周角定理和三角形的外角定理求解．【小问1详解】如图所示为所求作的ABC的外接圆O；【小问2详解】第12页/共21页学科网（北京）股份有限公司 连接BD．AD是O的直径，∴∠ABD=90°又∠=°ABC65∴∠DBC=∠ABD−∠ABC=25°又∠=∠DACB=°45∴∠DEC=∠DBC+∠=D70°，故∠DEC的度数为70°．【点睛】本题考查了复杂作图，掌握三角形的外接圆，圆周角定理和三角形外角的性质是解题的关键．22.一个不透明的纸箱里有三张完全相同的卡片，它们上面分别写着2、61、8，小丽从中抽取一张，看完数后，把卡片放回，搅均，然后小明再从中抽取一张．（1）直接写出小丽取出的卡片恰好是2的概率；（2）同学小颖帮他们设计了一个游戏规则：若两人抽取卡片上的数字之积为有理数，则小丽获胜：否则小明获胜．你认为这个游戏规则公平吗？若不公平，则对谁有利？请说明理由．1【答案】（1）3（2）不公平，对小丽有利．理由见解析【解析】【分析】（1）根据概率公式直接求解即可求得答案；（2）依据题意先用列表法或画树状图法分析所有等可能的出现结果，然后根据概率公式求出该事件的概率，游戏是否公平，求出游戏双方获胜的概率，比较是否相等即可，若不相等，则不公平，概率大的则有利．【小问1详解】1依题意得：P（小丽取出的卡片恰好是2）=；3【小问2详解】列表如下：小丽2618小明2222×=6223×=18×=26第13页/共21页学科网（北京）股份有限公司 62623×=666×=18×=663182×=1866×=186318×=1818从表格中可以看出共有9个等可能的结果，而数字之积为有理数有5个554∴P（小丽获胜）=，P（小明获胜）=−=199954>，99∴对小丽有利．【点睛】本题考查的是用列表法或画树状图法求概率．列表法或画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，适合于两步完成的事件．游戏双方获胜的概率相同，游戏就公平，否则游戏不公平．用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．23.如图，用一段80米的篱笆围成三个一边靠墙、大小相同的长方形羊圈，左右两个长方形都有一个1米的门通往中间长方形，中间的长方形有一个1米的门通往外面，墙的最大可用长度为50米．（1）如果羊圈的总面积为345平方米，求边AB的长；（2）请问羊圈的总面积能为480平方米吗？若能，请求出边AB的长；若不能，请说明理由．【答案】（1）边AB的长为15米；（2）羊圈的总面积不能为480平方米．理由见解析【解析】【分析】本题主要考查一元二次方程的应用，理解题意，弄清数量关系是解题的关键．（1）设边AB的长为x，则AD=(834−x)米，然后根据矩形面积公式可列出一元二次方程并求解即可获得答案；（2）由（1）可得xx(834)−=480，然后根据一元二次方程根的判别式可获得答案．【小问1详解】设边AB的长为x，依题意得：xx(834)−=345第14页/共21页学科网（北京）股份有限公司 2整理得：4xx−+=83345023解得：x=15，x=，12423当x=时，834−=>x6050，不合题意4∴=x15答：边AB的长为15米；【小问2详解】设边AB的长为x，依题意得：xx(834)−=4802整理得：4xx−+=8348002∆−−(83)−××44480=−7910<∴此方程无解，故羊圈的总面积不能为480平方米．24.如图，O是ABC的外接圆，BC为O的直径，点I为ABC的内心，连接AI并延长交O于D点，连接BD并延长至E，使得BD=DE，连接CE、BI．（1）求证：DB=DI；（2）求证：直线CE为O的切线；4（3）若tan∠==ADB,BC20，求AD的长．3【答案】（1）证明见解析（2）证明见解析（3）142【解析】【分析】（1）先证明∠=BAD∠CBD，再证明∠=BID∠DBI，即可证明DB=DI；（2）欲证明直线CE为O的切线，只要证明BC⊥CE即可；第15页/共21页学科网（北京）股份有限公司 4（3）要根据tan∠==ADB,BC20，求AD的长，只要求得BD的长即可，3【小问1详解】点I为ABC的内心∴∠ABI=∠CBI，∠BAD=∠CAD又∠=CBD∠CAD∴∠=BAD∠CBD∠BID=∠BAD+∠ABI∠DBI=∠CBD+∠CBI=∠CAD+∠ABI=∠BAD+∠ABI∴∠BID=∠DBI；∴=DBDI；【小问2详解】连接CD，如图所示．由（1）得：∠=BAD∠CAD则BD=CDBD=DE∴==BDDECD∵BC为O的直径，∴∠BDC=∠CDE=90°∴∠BCD=∠ECD=45°∴∠BCE=90°，即BC⊥CE又BC为O的直径∴直线CE为O的切线；【小问3详解】BC为O的直径第16页/共21页学科网（北京）股份有限公司 ∴ABC为直角三角形4∴∠=∠=tanACBtanADB3不妨设AB=4,xAC=3x222则有(4)xx+=(3)20，解得：x=4∴=AB16,AC=12∴BC=+=16221220过点I作IH⊥AC交AC于点H，连接CI，如图所示．∵点I为ABC的内心，∴点I到ABC三边的距离相等，1111∵ABAC⋅=ABIH⋅+ACIH⋅+BCIH⋅，2222∴161216×=IH+12IH+20IH，∴IH=4由（2）得：BD==∠=°DECD,BCE90∴∠HAI=∠CBD=45°IH4∴=AI==42sin45°°sin45同理可得：BE=202∴==DIDB102∴=+=+ADAIDI42102142=第17页/共21页学科网（北京）股份有限公司 故AD的长为142．【点睛】本题考查三角形的内切圆与内心，圆周角定理，切线的判定，等腰三角形的判定，解直角三角形等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，学会添加常用辅助线．225.抛物线y=−+ax2axc与x轴只有一个交点Ac(,0)，与直线ya=交于B，C两点，点C恰好落在y轴上．（1）直接写出此抛物线的解析式：2（2）在抛物线y=−+ax2axc的对称轴右侧图象上存在两点Pxy(11,)，Qxyxx(2212,)(<)，且2∠=PCB∠QCB，直线PC和直线QB与抛物线y=−+ax2axc的对称轴的分别交于点D和点E．①求tan∠ODC的最大值；②若直线EM∥QC，求证：MBD的面积是一个定值．2【答案】（1）yxx=−+214（2）①；②MBD的面积是定值13【解析】【分析】（1）由题意知，抛物线过点A及点Ca(0,)，把这两点坐标代入二次函数中，即可求得a、c，从而求得解析式；（2）①设△DOC的外心为点F，过点F作FG⊥OC于点G，连接FOFCFD，，，OG1则在Rt△OFG中，tan∠==OFG，即当FG最小时，tan∠OFG最大；由FG2FG222212FG=−=−FOOGFD，当FD最小时，FG最小，FG最小，此时直线x=1与F相切，则当4FD垂直直线x=1时，D，F，G三点共线，此时FG=−1FD，代入221FG=FD−中，即可求得FD，从而求得最大值；4②设点D的纵坐标为t，直线x=1交QC于点D，则可得点D坐标，从而求得CQ的解析式，与二次函数联立，进而求得点Q的坐标；求出直线QB解析式，则可求得点E的坐标，求得ED=2；由抛物线的对称及∠=PCB∠QCB，可得BD∥CQ，则可得EM∥BD，则SS△MBD=EBD即可求解．【小问1详解】2解：∵抛物线y=−+ax2axc与直线ya=交点C恰好落在y轴上，∴点Ca(0,)，第18页/共21页学科网（北京）股份有限公司 ∴抛物线过点A及点Ca(0,)，2ac−20acc+=2把这两点坐标分别代入y=−+ax2axc中，得：ca=解得：ac==1，2∴抛物线的解析式为yxx=−+21；【小问2详解】22解：①由（1）得yxx=−+=−21(x1)，∴此抛物线的对称轴为直线x=1，A(1,0)，B(2,1)，C(0,1)，OA=OC=1，1<<∠=∠xx，PCBQCB，12∴<<1xx2,>2；12如图，设△DOC的外心为点F，过点F作FG⊥OC于点G，连接FOFCFD，，，111则∠=OFG∠=CFG∠OFCOG，===CGOC，2221∠=ODC∠OFC，2∴∠OFG=∠ODC，OG1在Rt△OFG中，tan∠==OFG，FG2FG∴当1<<xx122,>2时，tan∠OFG随着FG的增大而减小，∴当FG最小时，tan∠OFG最大；22221FG=−=−FOOGFD，4∴当FD最小时，2FG最小，FG最小，此时直线x=1与F相切；则当FD垂直直线x=1时，D，F，G三点共线，第19页/共21页学科网（北京）股份有限公司 ∴==DGOA1，FG=−DGFD，221221由FG=FD−得：(1−=−FD)FD，4453解得：FD=，FG=，88OG4∴tan∠=∠==ODCtanOFG，FG34∴∠tanODC的最大值为；3②设点D的纵坐标为t，直线x=1交QC于点D，如图；∠=PCB∠QCB，直线x=1垂直于直线BC，∴点D与D点关于直线BC对称，∴=−ytD′2，∴−Dt′(1,2)，由CDt(0,1)，′(1,2−)可得CQy:=−+(1tx)1，y=−+(11tx)x12=03xt=−联立解方程组2，得：,2，yx=(−1)y12=1ytt=−+442∴−−+Q(3,44ttt)，2由B(2,1)，Q(3−−+tt,4t4)可得BQy:=−+−(3tx)2t5，上式中，令x=1得：yt=−2，∴−Et(1,2)，∴=−−=EDt(t2)2；∵BC，两点关于抛物线对称轴对称，∴DC=DB，∴∠=PCB∠DBC，∴∠=PDB2∠=PCB∠PCQ，∴BD∥CQ，EM∥QC，第20页/共21页学科网（北京）股份有限公司 ∴EM∥DB，11∴SMBD=SEBD=ED⋅(yB−yD)=××−=2(21)1，22∴MBD的面积是一个定值．【点睛】本题是二次函数与几何的综合，考查了待定系数法求函数解析式，二次函数的图象与性质，三角形外接圆，圆周角定理，正切函数等知识，综合性强，难度较大，构造三角形外接圆是关键与难点．第21页/共21页学科网（北京）股份有限公司