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2022-2023学年山东省济宁一中高二(上)期末数学试卷
2022-2023学年山东省济宁一中高二(上)期末数学试卷
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2022-2023学年山东省济宁一中高二(上)期末数学试卷一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(5分)定义.若向量香䁞,,,向量为单位向量,则的取值范围是()A.[0,6]B.[6,12]C.[0,6)D.(﹣1,5)2.(5分)在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,有下列命题:①(䁞)2=32;②䁞•(䁞䁞䁞)=0;③䁞与䁞的夹角为60°,其中正确命题的个数是()A.0B.1C.2D.33.(5分)圆x2+y2﹣2x﹣5=0与圆x2+y2+2x﹣4y﹣4=0的交点为A,B,则线段AB的垂直平分线的方程是()A.x+y﹣1=0B.2x﹣y+1=0C.x﹣2y+1=0D.x﹣y+1=04.(5分)已知椭圆䁞香>>的两个焦点为F1,F2,P为椭圆上一点,∠F1PF2=90°.若△PF1F2的内切圆面积为,则椭圆的离心率为()䁞A.B.C.D.5.(5分)已知F1,F2是椭圆䁞的左右焦点,P是椭圆上任意一点,过F1引∠䁞F1PF2的外角平分线的垂线,垂足为Q,则Q与短轴端点的最近距离为()A.4B.3C.2D.16.(5分)已知等比数列{an}的各项均为正数,公比为q,a1>1,a6+a7>a6a7+1>2,记{an}的前n项积为Tn,则下列选项错误的是()A.0<q<1B.a6>1C.T12>1D.T13>1䁞䁞7.(5分)若数列{an}满足䁞,䁞,若对任意的正整数都有an<2,则实数m的最大值为()䁞A.B.1C.2D.48.(5分)若函数f(x)=(x+a)ex的极值点为1,则a=(),A.﹣2B.﹣1C.0D.1二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.(多选)9.(5分)给出下列命题,其中是假命题的是()A.若A,B,C,D是空间中的任意四点,则有B.是,共线的充要条件C.若,共线,则AB//CDD.对空间中的任意一点O与不共线的三点A,B,C,若香,,,则P,A,B,C四点共面(多选)10.(5分)过抛物线y2=3x的焦点F的直线与抛物线交于A(x1,y1)(y1>0),B(x2,y2)两点,点A,B在抛物线准线上的射影分别为A1,B1,AO交准线于点M(O为坐标原点),则下列说法正确的是()A.B.∠A1FB1=90°C.直线MB∥x轴D.|AF|•|BF|的最小值是(多选)11.(5分)设Sn是数列{an}的前n项和,a1=1,an+1+SnSn+1=0,则下列说法正确的有()䁞A.数列{an}的前n项和为Sn䁞B.数列{}为递增数列䁞C.数列{an}的通项公式为an香䁞D.数列{an}的最大项为a1䁞(多选)12.(5分)若直线是函数f(x)图象的一条切线,则函数f(x)可以是()䁞4xA.香B.f(x)=xC.f(x)=sinxD.f(x)=e三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.(5分)如图,在△ABC和△AEF中,B是EF的中点,AB=2,EF=4,CA=CB=3,,若7,则与的夹角的余弦值等于.14.(5分)直线(a﹣1)x﹣y+2a+1=0恒过定点.15.(5分)设F1,F2为椭圆C:1的两个焦点,M为C上一点且在第一象限.若△MF1F2为等腰三角形,则M的坐标为.香>16.(5分)若函数f(x)䁞的最大值为f(﹣1),则实数a的取值范围香<为.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)如图,△ABC和△BCD都是边长为2的正三角形,且它们所在平面互相垂直.DE⊥平面BCD,且.(1)设P是DE的中点,证明:AP∥平面BCD.(2)求二面角B﹣AE﹣C的正弦值.18.(12分)在△ABC中,A(3,2),B(﹣1,5),点C在直线y=3x+3上,若△ABC的面积为10,求点C的坐标.19.(12分)已知数列{an}的前n项和Sn满足:Sn=2﹣an.(1)求{an}的通项公式;(2)设cn=4an+1,求数列{cn}的前n项和Tn.20.(12分)已知数列{a,,.n}的前n项和为䁞䁞,䁞(1)记䁞,证明:{bn}是等差数列,并求{bn}的通项公式;(2)记数列{an}的前n项和为Tn,求Tn,并求使不等式Tn<2022成立的最大正整数n.21.(12分)已知F1,F2分别是椭圆:䁞香>>的左、右焦点,A是C的右顶点,,P是椭圆C上一点,M,N分别为线段PF1,PF2的中点,O是坐标原点,四边形OMPN的周长为4.(1)求椭圆C的标准方程(2)若不过点A的直线l与椭圆C交于D,E两点,且,判断直线l是否过定点,若过定点,求出定点坐标;若不过定点,请说明理由.22.(12分)已知函数f(x)=2ex﹣a(x+1)ln(x+1)+(a﹣2)x.(1)当a=2时,讨论f(x)的单调性;(2)当x[0,π]时,f(x)≥cosx+1恒成立,求a的取值范围.,2022-2023学年山东省济宁一中高二(上)期末数学试卷参考答案与试题解析一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(5分)定义.若向量香䁞,,,向量为单位向量,则的取值范围是()A.[0,6]B.[6,12]C.[0,6)D.(﹣1,5)【解答】解:由题意知,䁞.设与的夹角为θ,则香䁛香䁛.又θ[0,π],∴cosθ[﹣1,1].∴,䁞h,故选:B.2.(5分)在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中,有下列命题:①(䁞)2=32;②䁞•(䁞䁞䁞)=0;③䁞与䁞的夹角为60°,其中正确命题的个数是()A.0B.1C.2D.3【解答】解:对于①(䁞)2=(䁞)2+()2+()2+2䁞•2䁞•2•32,故正确,对于②䁞•(䁞䁞䁞)䁞•䁞0,故②正确,对于③∵䁞∥䁞,AD1,AC,D1C,分别为面的对角线,∴∠AD1C=60°,∴䁞与䁞的夹角为120°,故错误,故选:C.3.(5分)圆x2+y2﹣2x﹣5=0与圆x2+y2+2x﹣4y﹣4=0的交点为A,B,则线段AB的垂直平分线的方程是(),A.x+y﹣1=0B.2x﹣y+1=0C.x﹣2y+1=0D.x﹣y+1=0【解答】解:因为两圆的圆心坐标分别为(1,0),(﹣1,2),那么过两圆圆心的直线为:,䁞䁞䁞即:x+y﹣1=0,与公共弦垂直且平分.故选:A.4.(5分)已知椭圆䁞香>>的两个焦点为F1,F2,P为椭圆上一点,∠F1PF2=90°.若△PF1F2的内切圆面积为,则椭圆的离心率为()䁞A.B.C.D.【解答】解:根据勾股定理得到:,即,䁞䁞䁞△PF1F2的内切圆面积为,故,䁞䁞根据等面积法得到:香䁞,2222故䁞,4a﹣2ac﹣2c=4c,即3e+e﹣2=0,解得或e=﹣1(舍去).故选:C.5.(5分)已知F1,F2是椭圆䁞的左右焦点,P是椭圆上任意一点,过F1引∠䁞F1PF2的外角平分线的垂线,垂足为Q,则Q与短轴端点的最近距离为()A.4B.3C.2D.1【解答】解:∵P是焦点为F1、F2的椭圆䁞上一点,PQ∠F1PF2的外角平分䁞线,QF1⊥PQ,设F1Q的延长线交F2P的延长线于点M,∴|PM|=|PF1|,∵|PF1|+|PF2|=2a=10,∴|MF2|=|PM|+|PF2|=2a=10,由题意知OQ是△F1F2M的中位线,∴|OQ|=a=5,∴Q点的轨迹是以O为圆心,以5为半径的圆,,∴当点Q与y轴重合时,Q与短轴端点取最近距离d=a﹣b=5﹣4=1.故选:D.6.(5分)已知等比数列{an}的各项均为正数,公比为q,a1>1,a6+a7>a6a7+1>2,记{an}的前n项积为Tn,则下列选项错误的是()A.0<q<1B.a6>1C.T12>1D.T13>1【解答】解:∵等比数列{an}的各项均为正数,a1>1,a6+a7>a6a7+1>2,∴(a6﹣1)(a7﹣1)<0,∵a1>1,若a6<1,则一定有a7<1,不符合,由题意得a6>1,a7<1,∴0<q<1.∵a6a7+1>2,∴a6a7>1,T612=a1a2a3…a12=(a6a7)>1,T1313=a7<1,∴满足Tn>1的最大正整数n的值为12.故选:D.䁞䁞7.(5分)若数列{an}满足䁞,䁞,若对任意的正整数都有an<2,则实数m的最大值为()䁞A.B.1C.2D.4【解答】解:∵䁞,∴䁞䁞香䁞䁞,䁞若m>2,则䁞香>,则an+1>an+m﹣2,则an>a1+(n﹣1)(m﹣2),那么an可以无限的大下去,不符合题意;若m=2,则an+1﹣an>0,则an+1>an,数列{an}是递增数列,䁞又䁞,故an>0,,䁞又䁞香,故an+1﹣2与an﹣2同号,则an<2恒成立,符合题意,故选:C.8.(5分)若函数f(x)=(x+a)ex的极值点为1,则a=()A.﹣2B.﹣1C.0D.1【解答】解:∵f'(x)=ex+(x+a)ex=(x+a+1)ex,函数f(x)=(x+a)ex的极值点为1,f′(1)=0,∴a+2=0,∴a=﹣2,故选:A.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.(多选)9.(5分)给出下列命题,其中是假命题的是()A.若A,B,C,D是空间中的任意四点,则有B.是,共线的充要条件C.若,共线,则AB//CDD.对空间中的任意一点O与不共线的三点A,B,C,若香,,,则P,A,B,C四点共面【解答】解:由向量的加法运算,显然A是真命题;若,共线,则(同向)或(反向),故B是假命题;只有当x+y+z=1时,P,A,B,C四点才共面,故D是假命题,若,共线,则直线AB,CD平行或重合,故C是假命题,故选:BCD.(多选)10.(5分)过抛物线y2=3x的焦点F的直线与抛物线交于A(x1,y1)(y1>0),B(x2,y2)两点,点A,B在抛物线准线上的射影分别为A1,B1,AO交准线于点M(O为坐标原点),则下列说法正确的是(),A.B.∠A1FB1=90°C.直线MB∥x轴D.|AF|•|BF|的最小值是2【解答】解:由题意可知,抛物线y=3x的焦点F的坐标为香,,准线方程为,易知直线AB的斜率不为0,设直线AB的方程为,2代入y=3x,得,所以䁞,䁞,则䁞香䁞香䁞,所以香䁞,䁞香,䁞䁞䁞䁞,故A错误,䁞因为香,䁞,香,,香,三点共线,䁞所以,所以䁞,䁞又䁞,所以yM=y2,所以直线MB∥x轴,所以C正确,由题意可得A1,B1的坐标分别为香,䁞,香,,所以䁞䁞香,䁞香,䁞,所以∠A1FB1=90°,所以B正确,设直线AB的倾斜角为θ(θ≠0),则,,䁞香䁛䁞香䁛所以,䁞香䁛䁞香䁛䁞香䁛䁛㠲当且仅当AB⊥x轴时取等号,所以D正确.故选:BCD.(多选)11.(5分)设Sn是数列{an}的前n项和,a1=1,an+1+SnSn+1=0,则下列说法正确的有()䁞A.数列{an}的前n项和为Sn,䁞B.数列{}为递增数列䁞C.数列{an}的通项公式为an香䁞D.数列{an}的最大项为a1【解答】解:由an+1+SnSn+1=0,得Sn+1﹣Sn=﹣SnSn+1,䁞䁞䁞䁞∴䁞,即䁞,䁞䁞䁞䁞䁞又䁞,∴数列{}为以1为首项,以1为公差的等差数列,䁞䁞䁞䁞则䁞香䁞䁞,可得,故AB正确;䁞䁞䁞䁞当n≥2时,䁞䁞香䁞香䁞,䁞,䁞∴䁞,∴数列{an}的最大项为a1,故C错误,D正确.,香䁞故选:ABD.䁞(多选)12.(5分)若直线是函数f(x)图象的一条切线,则函数f(x)可以是()䁞4xA.香B.f(x)=xC.f(x)=sinxD.f(x)=e䁞䁞【解答】解:直线的斜率为k,䁞䁞由f(x)的导数为f′(x),即有切线的斜率小于0,故A不能选;433䁞䁞由f(x)=x的导数为f′(x)=4x,而4x,解得x,故B可以选;䁞由f(x)=sinx的导数为f′(x)=cosx,而cosx有解,故C可以选;xxx䁞由f(x)=e的导数为f′(x)=e,而e,解得x=﹣ln2,故D可以选.故选:BCD.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.(5分)如图,在△ABC和△AEF中,B是EF的中点,AB=2,EF=4,CA=CB=3,䁞若7,则与的夹角的余弦值等于.,【解答】解:由题意得:9=()229+4﹣2,∴2,∵7,∴香•()香=6香䁞=6,∴2,∴4××香䁛<,>,䁞∴与的夹角的余弦值为cos<,>.䁞故答案为:.14.(5分)直线(a﹣1)x﹣y+2a+1=0恒过定点(﹣2,3).【解答】解:直线(a﹣1)x﹣y+2a+1=0,即a(x+2)+(﹣x﹣y+1)=0,令x+2=0,求得y=3,可得此直线经过定点(﹣2,3),故答案为:(﹣2,3).,15.(5分)设F1,F2为椭圆C:1的两个焦点,M为C上一点且在第一象限.若△MF1F2为等腰三角形,则M的坐标为(3,䁞).【解答】解:设M(m,n),m,n>0,椭圆C:1的a=6,b=2,c=4,e,由于M为C上一点且在第一象限,可得|MF1|>|MF2|,△MF1F2为等腰三角形,可能|MF1|=2c或|MF2|=2c,即有6m=8,即m=3,n䁞;6m=8,即m=﹣3<0,舍去.可得M(3,䁞).故答案为:(3,䁞).香>16.(5分)若函数f(x)䁞的最大值为f(﹣1),则实数a的取值范围香<为[0,2e3].【解答】解:x<0时,f(x)≤f(﹣1)=a﹣2,x>0时,alnx﹣x2﹣2≤a﹣2,即a(lnx﹣1)≤x2,x=e时,a(lnx﹣1)≤x2恒成立,此时aR,0<x<e时,恒成立,䁞香令g(x),<<,则a香<,香单调递减,䁞香䁞且x→0时,g(x)→0,所以a≥0,香x>e时,恒成立,令h(x),x>e,则ℎa香,䁞䁞香䁞当<<时,h′(x)<0,>时,h′(x)>0,所以ℎ香香,从而a≤2e3,㠲综上,a[0,2e3],故答案为:[0,2e3].四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)如图,△ABC和△BCD都是边长为2的正三角形,且它们所在平面互相垂直.DE,⊥平面BCD,且.(1)设P是DE的中点,证明:AP∥平面BCD.(2)求二面角B﹣AE﹣C的正弦值.【解答】解:(1)证明:取BC的中点O,连接AO,DO,AD,∵△ABC是正三角形,∴OA⊥BC,∵平面ABC⊥平面BCD,平面ABC∩平面BCD=BC,OA⊂平面ABC,∴OA⊥平面BCD.∵OD⊂平面BCD,∴OA⊥OD.在Rt△AOD中,䁛㠲,∴.又,∴△ADE为等腰三角形.∵P是DE的中点,∴AP⊥DE.∵DE⊥平面BCD,∴OA∥DE,∴AP⊥OA,∴AP∥OD.∵OD⊂平面BCD,AP⊄平面BCD,∴AP∥平面BCD.(2)由(1)知,OA∥DP,AP∥OD,∴四边形APDO为平行四边形,,∴,∴.以点O为坐标原点,以,,的方向分别为x轴、y轴、z轴的正方向,建立如图的空间直角坐标系O﹣xyz,则香,,,香,䁞,,香,䁞,,香,,,∴香,䁞,,香,,,香,䁞,.设平面ABE的法向量为香,,,则,则可取香䁞,,䁞.设平面ACE的法向量为香,,,则,则可取香䁞,,䁞,䁞䁞䁞∴香䁛<,>.䁞设二面角B﹣AE﹣C的平面角为θ,则䁛㠲䁞香,∴二面角B﹣AE﹣C的正弦值为.18.(12分)在△ABC中,A(3,2),B(﹣1,5),点C在直线y=3x+3上,若△ABC的面积为10,求点C的坐标.【解答】解:设点C在直线AB的距离为d,由题意知,香䁞h香,䁞䁞∵䁞,∴d=4,,直线AB的方程为,䁞即3x+4y﹣17=0,∵C在点直线3x﹣y+3=0上,香䁞䁞设C(x0,3x0+3),∴䁞,∴3x0﹣1=±4,∴x0=﹣1或,∴C点的坐标为(﹣1,0)或香,.19.(12分)已知数列{an}的前n项和Sn满足:Sn=2﹣an.(1)求{an}的通项公式;(2)设cn=4an+1,求数列{cn}的前n项和Tn.【解答】解:(1)∵Sn=2﹣an,∴Sn﹣1=2﹣an﹣1(n≥2),两式相减得:an=an﹣1﹣an,䁞即anan﹣1,n≥2,又当n=1时,有S1=2﹣a1,解得:a1=1,䁞∴数列{an}是首项为1,公比为的等比数列,䁞﹣故an1n=();䁞﹣(2)由(1)知:cn3n=4an+1=()+1,䁞䁞䁞䁞香䁞h∴T﹣2﹣1n﹣33﹣nn=[()+()+…+()]+n䁞n=8+n﹣2.䁞20.(12分)已知数列{a,,.n}的前n项和为䁞䁞䁞(1)记䁞,证明:{bn}是等差数列,并求{bn}的通项公式;(2)记数列{an}的前n项和为Tn,求Tn,并求使不等式Tn<2022成立的最大正整数n.【解答】解:(1)∵䁞,即䁞,∴䁞,∴䁞香䁞,䁞䁞䁞䁞∴.䁞䁞又䁞,则bn+1﹣bn=2,䁞䁞又∵䁞䁞,∴数列{bn}是首项为1,公差为2的等差数列,∴bn=1+(n﹣1)×2=2n﹣1;,(2)由(1)得bn=2n﹣1,则香䁞䁞䁞.∴䁞䁞香䁞䁞①,䁞䁞香䁞②,由①﹣②得䁞䁞䁞香䁞䁞n×香䁞香䁞2﹣2(n﹣1)×3﹣䁞2n,∴䁞香䁞,又䁞䁞䁞香䁞h香䁞䁞,∵nN*,∴香䁞䁞>>,䁞䁞∴䁞香䁞是递增数列,且<,>,∴使不等式Tn<2022成立的最大正整数n为5.21.(12分)已知F1,F2分别是椭圆:䁞香>>的左、右焦点,A是C的右顶点,,P是椭圆C上一点,M,N分别为线段PF1,PF2的中点,O是坐标原点,四边形OMPN的周长为4.(1)求椭圆C的标准方程(2)若不过点A的直线l与椭圆C交于D,E两点,且,判断直线l是否过定点,若过定点,求出定点坐标;若不过定点,请说明理由.【解答】解:(1)∵M,N分别为线段PF1,PF2的中点,O是坐标原点,䁞䁞∴ൌ,ൌ䁞,∴四边形OMPN的周长为|PM|+|OM|+|PN|+|ON|=|PF2|+|PF1|=2a=4,∴a=2,∴,∴,∴香䁞,∴椭圆C的标准方程为䁞.(2)设D(x1,y1),E(x2,y2),当直线l的斜率存在时,设直线l的方程为y=kx+m,,代入䁞,整理得(1+4k2)x2+8kmx+4m2﹣4=0,222㌳则Δ=(8km)﹣4(1+4k)(4m﹣4)>0,䁞䁞㌳,䁞䁞㌳.易知A(2,0),∴香䁞,䁞香,香䁞香䁞香香香㌳香㌳香䁞㌳香㌳香䁞䁞䁞䁞香䁞㌳香香㌳香㌳,䁞㌳䁞㌳22化简得12k+16km+5m=0,∴㌳或m=﹣2k(舍去),∴直线l的方程为㌳㌳,即㌳香,直线l过定点香,.当直线l的斜率不存在时,设l:x=t(﹣2<t<2),代入䁞,解得±䁞,由得AD⊥AE,∴䁞,解得或t=2(舍去),此时直线l过点香,.综上,直线l过定点香,.22.(12分)已知函数f(x)=2ex﹣a(x+1)ln(x+1)+(a﹣2)x.(1)当a=2时,讨论f(x)的单调性;(2)当x[0,π]时,f(x)≥cosx+1恒成立,求a的取值范围.【解答】解:(1)当a=2时,f(x)=2ex﹣2(x+1)⋅ln(x+1)(x>﹣1),xx则f′(x)=2e﹣2ln(x+1)﹣2,令g(x)=2e﹣2ln(x+1)﹣2,则a香,䁞因为a香为增函数,g′(0)=0,䁞所以当x>0时,g′(0)>0,则g(x)单调递增;当﹣1<x<0时,g′(x)<0,则g(x)单调递减,故g(x)≥g(0)=0,即f′(x)≥0,所以当a=2时,函数f(x)在(﹣1,+∞)上单调递增;(2)令m(x)=f(x)﹣cosx﹣1=2ex﹣a(x+1)⋅ln(x+1)+(a﹣2)x﹣cosx﹣1,x[0,π],当x[0,π]时,f(x)≥cosx+1恒成立等价于m(x)≥0恒成立,因为m′(x)=f′(x)+sinx=2ex﹣aln(x+1)+sinx﹣2,(i)当a≤0时,m′(x)>0,函数m(x)在[0,π]上单调递增,,所以m(x)≥m(0)=0在[0,π]上恒成立,符合题意;(ii)当a>0时,设h(x)=2ex﹣aln(x+1)+sinx﹣2,x[0,π],x″则h′(x)=2ecosx,h(x)䁛㠲>0恒成立,䁞香䁞所以h′(x)在[0,π]上单调递增,h′(0)=2﹣a+1=3﹣a,①当3﹣a≥0即0<a≤3时,h′(x)≥h′(0)=3﹣a≥0,函数y=m′(x)在[0,π]上单调递增,所以m′(x)≥m′(0)=0在[0,π]上恒成立,所以函数m(x)在[0,π]上单调递增,所以m(x)≥m(0)=0在[0,π]上恒成立,符合题意;π②当3﹣a<0即a>3时,h′(0)=3﹣a<0,h′(π)=2e1,䁞若h′(π)≤0,即a≥(π+1)(2eπ﹣1)时,h′(x)在[0,π]上恒小于等于0,则m′(x)在[0,π]上单调递减,m′(x)≤m′(0)=0,m(x)在[0,π]上单调递减,m(x)≤m(0)=0,不符合题意;若h′(π)>0,即1<a<(π+1)(2eπ﹣1)时,存在x0[0,π],使得h′(x0)=0,所以当x[0,x0)时,h′(x)<0,则m′(x)在[0,x0)上单调递减,当x[0,π]时,存在m′(x)<m′(0)=0,此时存在m(x)≤m(0)=0不符合题意,所以a的取值范围是(﹣∞,3].
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