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四川省泸州市泸县第四中学2023-2024学年高一上学期期中数学试题(Word版附解析)

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泸县四中2023-2024学年高一上期期中考试数学试题本试卷共22小题,满分150分,考试用时120分钟.第I卷选择题(60分)一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1已知全集,集合,集合,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据已知条件,结合集合的运算,求解即可.【详解】由题可得:,,故.故选:.2.“,使”的否定是()A.,使B.,使C.,使D.,使【答案】D【解析】【分析】根据全称量词命题的否定是存在量词命题.【详解】“,使”的否定为,使故选:D3.已知和均为非零实数,且,则下面表达正确的是()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】选项B、C、D可以利用赋值法进行判定,选项A可利用作差与0比较,从而得到结论. 【详解】∵和均为非零实数,且,∴不妨取,,,故选项B不正确;取,,则,故选项C不正确;取,,则,故选项D不正确;∵,∴,故选项A正确,故选:A.4.设a,b,c为的三条边长,则“”是“为等腰三角形”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】分别讨论命题的充分性和必要性即可得出结论.【详解】由题意,充分性:若,则为等腰三角形.必要性:若为等腰三角形,则a,b不一定相等.故选:A.5.已知集合,则中元素的个数为(  )A.1B.5C.6D.无数个【答案】C【解析】【分析】由集合描述列举出元素,即可确定元素个数.【详解】由,则可为,所以,共6个元素.故选:C6.某校新生加入乒乓球协会的学生人数多于加入篮球协会的学生人数,加入篮球协会的学生人数多于加入足球协会的学生人数,加入足球协会学生人数的3倍多于加入乒乓球协会和加人篮球协会的学生人数之和,若该校新生每人只能加入其中一个协会,则该校新生中加入这三个协会的总人数至少为() A.9B.12C.15D.18【答案】C【解析】【分析】依题意列出不等式,结合其整数的性质依次从小到大分析即可得解.【详解】依题意,设加入乒乓球协会、篮球协会、足球协会的学生人数分别为a,b,c,则,又,若,则,不满足;若,则,不满足;若,则,不满足;若,则,满足;则,,,则.故选:C.7.已知函数是上的减函数,则实数的取值范围是()AB.C.D.【答案】A【解析】【分析】由题意可得出关于实数的不等式组,由此可解得实数的取值范围.【详解】由于函数是上的减函数,则函数在上为减函数,所以,,解得.且有,解得.综上所述,实数的取值范围是.故选:A. 【点睛】本题考查利用分段函数的单调性求参数,考查计算能力,属于中等题.8.已知定义在上函数满足:对任意的,有,且是偶函数,不等式对任意的恒成立,则实数的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据已知条件可知在上单调递减,在上单调递增,由不等式在恒成立,结合的单调性、对称性即可求的取值范围.【详解】对任意的,有,知:在上单调递增,是偶函数,知:关于对称,∴在上单调递减,在上单调递增;∵不等式对任意的恒成立,且,∴即可,而根据对称性有,∴综上知:或,解得,故选:C【点睛】结论点睛:注意抽象函数单调性、对称性判断1、对任意的:有单调递增;有单调递减;2、当是偶函数,则关于对称; 思路点睛:对称型函数不等式在一个闭区间上恒成立:在对称轴两边取大于或小于该闭区间最值即可,结合函数区间单调性求解.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.下列各组函数中,两个函数是同一函数的有()A.与B.与C.与D.与【答案】ACD【解析】【分析】根据题意,由同一函数的定义对选项逐一判断,即可得到结果.【详解】对于A,函数,函数,两函数的定义域与对应法则都一致,所以是同一函数,故正确;对于B,函数的定义域为,函数的定义域为,它们的定义域不同,所以不是同一函数,故错误;对于C,函数与函数,两函数的定义域与对应法则都一致,所以是同一函数,故正确;对于D,函数与的定义域相同,对应法则也相同,所以是同一函数,故正确;故选:ACD10.设函数、的定义域都为R,且是奇函数,是偶函数,则下列结论正确的是()A.是奇函数B.是偶函数C.是偶函数D.是奇函数【答案】AB【解析】 【分析】根据函数奇偶性的定义即可逐项判断.【详解】是奇函数,是偶函数,,,,故是奇函数,A正确;,故为偶函数,B正确;,故是奇函数,C错误;,故为偶函数,D错误.故选:AB.11.已知正数满足,则下列选项正确的是()A.的最小值是2B.的最大值是1C.的最小值是4D.的最大值是【答案】ABD【解析】【分析】根据题中条件及基本不等式,逐项分析即可.【详解】因为,所以,则,当且仅当时,等号成立,即的最小值是2,故A正确;因为,所以,当且仅当时,等号成立,即的最大值是1,故B正确;, 当且仅当时,等号成立,即的最小值是,故C错误;因为,当且仅当,即时等号成立,即的最大值是,故D正确,故选:ABD.12.定义在R上的函数满足,当时,,则下列说法正确的是().A.B.为偶函数C.区间上有最大值D.的解集为【答案】AD【解析】【分析】赋值,令,可判断A;令,结合奇偶函数定义可判断B;根据抽象函数性质结合函数单调性定义可判断C;利用函数单调性解不等式判断D.【详解】令,则,故,A正确;令,则,即,故函数为奇函数,B错误;设,则,由题意可得,即,即,故函数为R上的减函数,所以在区间上有最大值为,C错误;等价于,又为R上的减函数,故,所以,解得,即的解集为,D正确. 故选:AD.【点睛】关键点点睛:本题考查抽象函数的综合应用.关键点在于赋值法的运用,通过对题意的理解,巧妙的赋予特殊值,结合奇函数定义判断奇偶性,利用单调性的定义判断单调性,然后利用函数性质求解抽象函数的值域(最值)、解抽象函数不等式.第II卷非选择题三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.函数在上的值域是_____.【答案】【解析】【分析】先化简函数的解析式,再利用函数的单调性求函数的值域.【详解】解:当时,函数在上是增函数,故当时,函数取得最小值为1,又,故函数的值域为,故答案为:.14.“”是“”的充分不必要条件,则实数的取值范围是___.【答案】【解析】【分析】求解一元二次不等式和一元一次不等式,根据充分不必要性,列出不等式,则问题得解.【详解】由,解得;由,即,解得或;又“”是“”的充分不必要条件,故可得,解得.故答案为:.【点睛】本题考查由命题之间的充分性和必要性求参数范围,属基础题.15.不等式的解集为,不等式的解集为,不等式的解集是,那么等于__________. 【答案】【解析】【详解】分析:利用一元二次不等式的解法可得,,求出,根据韦达定理求得的值,从而可得结果.详解:不等式变形得:,计算得出:,即,不等式变形得:,计算得出:,即,∴,即不等式的解集为,∴由韦达定理可得,,则,故答案为.点睛:集合的基本运算的关注点:(1)看元素组成.集合是由元素组成的,从研究集合中元素的构成入手是解决集合运算问题的前提;(2)有些集合是可以化简的,先化简再研究其关系并进行运算,可使问题简单明了,易于解决;(3)注意数形结合思想的应用,常用的数形结合形式有数轴、坐标系和图.16.定义在上函数满足,且当时,.若当时,,则的最小值等于________.【答案】【解析】【分析】转化条件为在区间上,,作出函数的图象,数形结合即可得解.【详解】当时,故,当时,故…,可得在区间上,,所以当时,,作函数的图象,如图所示, 当时,由得,由图象可知当时,,所以的最小值为.故答案为:.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知集合A={x|﹣2≤x≤2},B={x|x>1}.(1)求集合;(2)设集合M={x|a<x<a+6},且A∪M=M,求实数a的取值范围.【答案】(1){x|﹣2≤x≤1}(2)【解析】【分析】(1)进行补集和交集的运算即可;(2)根据可得出,然后即可得出,然后解出的范围即可.【小问1详解】,则,又,则;【小问2详解】∵,∴,且,∴,解得,∴实数的取值范围为: 18.(1)若x>0,求f(x)=的最小值.(2)已知0<x<,求f(x)=x(1-3x)的最大值.【答案】(1)12;(2).【解析】【分析】(1)利用基本不等式求最小值即可;(2)化简得f(x)=x(1-3x)=•[3x•(1-3x)],再利用基本不等式求最大值.【详解】(1)若x>0,则3x>0,,∴f(x)=+3x≥2•=12,当且仅当=3x,即x=2时,取“=”,因此,函数f(x)的最小值为12;(2)若,∵f(x)=x(1-3x)=•[3x•(1-3x)]≤•=,当且仅当3x=1-3x,即x=时,取“=”,因此,函数f(x)的最大值为.【点睛】本题主要考查利用基本不等式求最值,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平和分析推理能力.19.已知函数是定义在R上的奇函数,且当时,.(1)画出函数的图象;(2)求函数的解析式(写出求解过程). (3)求,的值域.【答案】(1)答案见解析(2)(3)【解析】【分析】(1)作出时的图象(抛物线的一部分),再作出其关于原点对称的图象,即可得结论;(2)根据奇函数的定义求解析式;(3)由函数图象得函数的单调性,从而可得最大值和最小值,即得值域.【小问1详解】先作出时的图象(抛物线的一部分),再作出其关于原点对称的图象:【小问2详解】是奇函数,时,,,所以,所以;【小问3详解】由(1)可知在和上是增函数,在上是减函数,,,,,因此最大值为1,最小值为,所以的值域为.20.已知函数.(1)求的解析式; (2)试判断函数在上的单调性,并用单调性的定义证明.【答案】(1)(2)单调递增,证明详见解析【解析】【分析】(1)利用凑配法求得的解析式.(2)先求得的解析式并判断出单调性,然后利用单调性的定义进行证明.【小问1详解】,所以.【小问2详解】,在上单调递增,证明如下:设,,其中,所以,所以,所以在上单调递增.21.已知函数.(1)当时,解关于的不等式;(2)当时,恒成立,求的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】 【分析】(1)根据二次不等式求解即可;(2)分情况讨论对称轴与区间的位置关系,再根据恒成立问题求解即可.【小问1详解】当时,,即,解得【小问2详解】当对称轴,即时,在时取最小值,解得,与矛盾,不合题意;当,即时,在时取最小值,解得,此时;当,即时,在时取最小值,解得,此时.综上,的取值范围为22.已知二次函数满足,且的最小值是.求的解析式;若关于x的方程在区间上有唯一实数根,求实数m的取值范围;函数,对任意,都有恒成立,求实数t的取值范围.【答案】(1)(2)(3)【解析】【详解】试题分析:(1)因,故对称轴为,故可设,再由得.(2)有唯一实数根可以转化为与有唯一的交点去考虑.(3),任意都有不等式成立等价于,分、、和四种情形讨论即可. 解析:(1)因,对称轴为,设,由得,所以.(2)由方程得,即直线与函数的图象有且只有一个交点,作出函数在的图象.易得当或时函数图象与直线只有一个交点,所以的取值范围是.(3)由题意知.假设存在实数满足条件,对任意都有成立,即,故有,由.当时,在上为增函数,,所以;当时,,.即,解得,所以.当时,即解得.所以.当时,,即,所以,综上所述,,所以当时,使得对任意都有成立.点睛:(1)求二次函数的解析式,一般用待定系数法,有时也需要根据题设的特点合理假设二次函数的形式(如双根式、顶点式、一般式);(2)不等式对任意恒成立可以等价转化为恒成立.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-12-29 08:20:02 页数:15
价格:¥2 大小:1.48 MB
文章作者:随遇而安

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