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统考版2024届高考数学二轮专项分层特训卷二主观题专练6立体几何文(附解析)
统考版2024届高考数学二轮专项分层特训卷二主观题专练6立体几何文(附解析)
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立体几何(6)1.[2023·安徽合肥一中模拟预测(文)]如图,在四面体ABCD中,AD⊥平面BCD,=2,=4,P是线段BE上一点,且AD⊥PQ.(1)证明:P是BE的中点;(2)若BC=CD=2,AD=BD=2,求几何体PCDEQ的体积.2.[2023·贵州贵阳模拟预测(文)]在棱柱ABCDA1B1C1D1中,底面ABCD为平行四边形,P为线段B1D1上一动点.(1)证明:AP∥平面C1BD;(2)若AA1⊥平面A1B1C1D1,∠ABC=90°,AB=AD=1,AA1=2,且P为线段B1D1的中点,求点D到平面BC1P的距离. 3.[2023·吉林模拟预测(文)]如图,在平面四边形APBC中,AC=BC=3,AP=BP,∠ACB=90°,∠APB=60°.将△PAB沿AB折起得到三棱锥P′ABC,使得P′C⊥AC.(1)求证:P′C⊥平面ABC;(2)若点E在棱P′A上,P′E=2EA,求三棱锥EABC的体积.4.[2023·陕西宝鸡中学模拟预测(文)]在梯形ABCD中,DC∥AB,E是线段AB上一点,AD=2,AB=5,AE=CD=1,∠DAB=60°,把△BCE沿CE折起至△SCE,连接SA,SD,使得平面SCD⊥平面AECD. (1)证明:AE∥平面SCD;(2)求异面直线AE与SC所成的角. 5.[2023·江西南昌三模(文)]一个直三棱柱被平面所截得到如图所示的几何体ABCA1B1C1,其中A1A、B1B、C1C与平面ABC垂直.C1C=2A1A=4B1B=4,若AC=2AB=4,∠BAC=60°,M是线段AC上靠近点A的四等分点.(1)求证:A1C1⊥BM;(2)求此多面体的体积.6.[2023·全国乙卷(文)]如图,在三棱锥PABC中,AB⊥BC,AB=2,BC=2,PB= PC=,BP,AP,BC的中点分别为D,E,O,点F在AC上,BF⊥AO.(1)求证:EF∥平面ADO;(2)若∠POF=120°,求三棱锥PABC的体积.立体几何(6)1.解析:(1)证明:取ED的中点F,连接PF,QF,由=2,得AD=4FD,又=4,所以QF∥CD,又AD⊥平面BCD,CD⊂平面BCD,所以AD⊥CD,所以QF⊥AD,又AD⊥PQ,PQ∩QF=Q,所以AD⊥平面PQF,因为PF⊂平面PQF,所以PF⊥AD,所以PF∥BD,又F为ED的中点,所以P是BE的中点.(2)由BC=CD=2,AD=BD=2,故BC2+CD2=BD2,所以BC⊥CD,因为AD⊥平面BCD,BC⊂平面BCD,所以AD⊥BC,又AD∩CD=D,所以BC⊥平面ACD,P是BE的中点,所以P到平面ACD的距离为BC=1, 由(1)得QF=CD=,S四边形CDEQ=S△ACD-S△AQE=×2×2-××=,所以四棱锥PCDEQ的体积为×1×=.2.解析:(1)连接AB1,AD1.∵ABCDA1B1C1D1为棱柱,∴B1B∥D1D且B1B=D1D,∴四边形B1BDD1为平行四边形,∴B1D1∥BD,又B1D1⊂平面AB1D1,BD⊄平面AB1D1,∴BD∥平面AB1D1.同理C1D∥平面AB1D1,又BD∩C1D=D,且BD,C1D⊂平面C1BD,∴平面AB1D1∥平面C1BD,又AP⊂平面AB1D1,∴AP∥平面C1BD.(2)如图,在平面PBD内,过D作DE⊥PB于E.∵∠ABC=90°,AB=AD,∴ABCD为正方形.又P为B1D1中点,∴C1P⊥B1D1.∵BB1⊥平面A1B1C1D1,∴C1P⊥BB1,又B1D1∩BB1=B1,∴C1P⊥平面BB1D1D,∴C1P⊥DE.又PB⊥DE,PB∩C1P=P,∴DE⊥平面BC1P,∴DE即为D到平面BC1P的距离. 在△PBD中,PD=PB==,BD边上的高h=2,由等面积可得·PB·DE=·BD·h,∴DE==,所以D到平面BC1P的距离为.3.解析:(1)证明:∵AP=BP,∴AP′=BP′.又∵AC=BC,CP′=CP′,∴△ACP′≌△BCP′.即∠ACP′=∠BCP′.∵P′C⊥AC,∴P′C⊥BC,∵AC∩BC=C,AC⊂平面ABC,BC⊂平面ABC∴P′C⊥平面ABC.(2)∵P′E=2EA,∴VEABC=VP′ABC,由(1)可知,P′C⊥平面ABC,所以P′C即为三棱锥P′ABC的高,∵AC=BC=3,∠ABC=90°.∴AB=P′B=P′A=3,∵P′C⊥平面ABC,∴在Rt△P′CB中,P′C=3,所以VEABC=VP′ABC=×S△ABC·P′C=×××3×3×3=.即三棱椎EABC的体积为.4.解析:(1)证明:由题可知DC∥AE,又DC⊂平面SCD,AE⊄平面SCD,∴AE∥平面SCD.(2)∵AE∥CD,∴异面直线AE与SC所成的角就是直线CD与SC所成的角.∵AB=5,AE=CD=1,∠DAB=60°,DC∥AB,AD=2,∴四边形AECD为平行四边形,BE=4,EC=2,∠CEB=60°,∴BC2=BE2+EC2-2BE·ECcos∠CEB=42+22-2×4×2×=12,∴BC2+EC2=BE2,即BC⊥EC,∴SC⊥EC,连接DE,又CD=1,EC=2,∠DCE=60°, ∴DE2=CD2+EC2-2CD·ECcos∠DCE=12+22-2×1×2×=3,∴CD2+DE2=EC2,即CD⊥DE,∵平面SCD⊥平面AECD,平面SCD∩平面AECD=CD,∴DE⊥平面SCD,SC⊂平面SCD,∴DE⊥SC,又SC⊥EC,DE∩EC=E,∴SC⊥平面AECD,CD⊂平面AECD,∴SC⊥CD,∴异面直线AE与SC所成的角为90°.5.解析:(1)证明:由题可知AA1⊥平面ABC,∴AA1⊥BM,∵∠BAC=60°,AM=1,AB=2,∴BM2=AM2+AB2-2AM·AB·cos∠BAC=1+4-2×1×2×=3,∴AB2=BM2+AM2,∴BM⊥AM,∵AM∩AA1=A,BM⊥平面ACC1A1,∵A1C1⊂平面ACC1A1,∴A1C1⊥BM.(2)如图,取AA1中点为E,CC1靠近C的四等分点为D,连接B1E、B1D、DE,易知平面B1DE∥平面ABC,该几何体由直棱柱ABCEB1D和四棱锥B1A1EDC1构成,其中四棱锥B1A1EDC1的底面是直角梯形A1EDC1,由(1)知BM⊥平面ACC1A1,∴点B1到平面A1EDC1的距离为BM,∴几何体体积为S△ABC·BB1+·SA1EDC1·BM=×4××1+××(1+3)×4×=.6.解析:(1)因为AB⊥BC,AB=2,BC=2,O是BC的中点,所以△OBA∽△ABC,所以∠CAB=∠AOB.记BF⊥AO的垂足为H,则△BHA∽△OBA,所以∠HBA=∠AOB.所以∠HBA=∠CAB,所以BF=AF,∠BCF=∠CBF,所以CF=BF, 故CF=AF,F是AC的中点.因为E,F分别是AP,AC的中点,所以EF∥PC.因为D,O分别是BP,BC的中点,所以DO∥PC,所以EF∥DO.又DO⊂平面ADO,EF⊄平面ADO,所以EF∥平面ADO.(2)由(1)得FO∥AB,因为AB⊥BC,所以FO⊥BC.又PO⊥BC,所以∠POF是二面角PBCF的平面角,所以二面角PBCF的大小为120°.如图,过点P作PM⊥平面ABC于点M,连接MO,MB,则∠POM是二面角PBCM的平面角,所以∠POM=60°.在△PBC中,由PB=PC=,BC=2,得PO=2,所以PM=.所以三棱锥PABC的体积VPABC=S△ABC×PM=××2×2×=.
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高考 - 二轮专题
发布时间:2023-12-24 22:15:02
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文章作者:随遇而安
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