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福建省莆田市2022-2023学年高二数学下学期期末质量监测试题(Word版附解析)
福建省莆田市2022-2023学年高二数学下学期期末质量监测试题(Word版附解析)
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高二数学满分:150分考试用时:120分钟注意事项:1.答题前,考生务必将自己的件名、准考证号填写在答题卡上.2.考生作答时,将答案答在答题卡上,请按照题号在各题的答题区域(黑色线框)内作答,超出答题区域书写的答案无效.在草稿纸、试题卷上答题无效.3.选择题答案使用2B铅笔填涂,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号;非选择题答案使用0.5毫米的黑色中性(签字)笔或碳素笔书写,字体工整、笔迹清楚.4.保持答题卡卡面清洁,不折叠、不破损.考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.从3名男生,2名女生中任选2人,则选到2名女生的概率为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】首先为男生,女生编号,再结合样本空间,和古典概型概率公式,即可求解.【详解】设3名男生的编号为,2名女生的编号为,任取2人的样本空间包含共10个样本点,其中选到2名女生为共1个样本点,所以选到2名女生的概率.故选:A2.函数的导函数是()A.B.C.D. 【答案】B【解析】【分析】利用幂函数的导数公式,即可求解.【详解】.故选:B3.若直线的方向向量为,平面的法向量为,则可能使的是()A.,B.,C.,D.,【答案】B【解析】【分析】根据线面的位置关系,可知,结合选项,即可判断.【详解】要使,则,A.,B.,C.,D..故选:B4.甲每次投篮命中的概率为,且每次投篮相互独立,则在16次连续投篮中甲命中的次数的方差是()A.1B.2C.3D.4【答案】C【解析】【分析】根据题意,命中的次数随机变量,由二项分布方差公式求解.【详解】根据题意,命中的次数随机变量,由二项分布方差公式得,.故选:C5.若点平面,且对空间内任意一点满足,则的值是()A.B.C.D. 【答案】D【解析】【分析】根据条件得出,,,四点共面,再根据即可求出的值.【详解】平面,,,,四点共面,又,,解得.故选:D.或者根据平面,,,,四点共面,则存在实数,使得,即,又,所以解得故选:D6.如图,平行六面体的底面是矩形,其中,,,且,则线段的长为()A.9B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由,两边平方,利用勾股定理以及数量积的定义求出 的值,进而可得答案【详解】由,.因为底面是矩形,,,,所以,,因为,所以所以,故选:C.7.某同学利用电脑软件将函数,图象画在同一直角坐标系中,得到如图的“心形线”.观察图形,当时,的导函数的图象大致为()A.B.C.D.【答案】A 【解析】【分析】首先确定函数的图象,再结合导数于函数图象间的关系,即可判断选项.【详解】,,所以轴下方的图象为函数的图象,当时,函数单调递增,所以,故排除CD;根据导数的几何意义可知,时,函数图象上每点处的切线斜率应先变小,再增大,故排除B,只有A正确.故选:A8.设,,,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由于,,,所以构造函数,然后利用导数判断函数的单调性,再利用函数单调性可比较大小,【详解】,,,令,则,由,得,当时,,当时,,所以在上递增,在上递减,因为,所以, 所以,故选:D【点睛】关键点点睛:此考查比较大小,解题的关键是对变形,使形式相同,然后构造函数,判断函数的单调性,再利用单调性比较大小,考查数学转化思想和计算能力,属于难题.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.某学习小组收集了7组样本数据(如下表所示):12345670.51.20.81.51.72.32.5他们绘制了散点图并计算样本相关系数,发现与有比较强线性相关关系.若关于的经验回归方程为,则()A.与呈正相关关系B.C.当时,的预测值为3.3D.去掉样本点后,样本相关系数不变【答案】ABD【解析】【分析】首先求,根据样本中心求回归直线方程,即可判断选项.【详解】由数据可知,,,样本点中心必在回归直线上,所以,得,故AB正确;,当时,,故C错误;因为是样本点中心,,所以去掉这一项,样本相关系数不变,故D正确.故选:ABD10.甲、乙两个罐子均装有2个红球,1个白球和1个黑球,除颜色外,各个球完全相同.先从甲罐中随机 取出2个球放入乙罐中,再从乙罐中随机取出1个球,记事件表示从甲罐中取出的2个球中含有个红球,表示从乙罐中取出的球是红球,则()A.,,两两互斥B.C.D.与不相互独立【答案】AC【解析】【分析】结合互斥,相互独立事件的定义,以及全概率公式,条件概率公式,即可判断选项.【详解】A.表示从甲罐中取出的2个球,没有红球,表示从甲罐中取出的2个球,有1个红球,表示从甲罐中取出的2个球,有2个红球,在一次实验中,这三个事件,任两个事件不能同时发生,所以两两互斥,故A正确;B.,故B错误;C.,故C正确;D.,,,则,则与相互独立,故D错误.故选:AC11.函数在处取得极大值,则()A.B.只有两个不同的零点C.D.在上的值域为【答案】AC【解析】【分析】首先根据极值点求函数的解析式,再利用导数判断函数的单调性,结合函数的单调性,极值和端点值,即可判断选项. 【详解】,,由条件可知,,得,当时,,得或,单调递减极小值单调递增单调递减由表格数据单调性可知,单调递减,且,所以函数在区间有1个零点,同理,函数在区间和也各有1个零点,所以函数有3个不同的零点,故A正确,B错误;,,,,故C正确;,再结合表格数据可知,函数在区间上的值域为,故D错误.故选:AC12.布达佩斯的伊帕姆维泽蒂博物馆收藏的达·芬奇方砖是在正六边形上画了具有视觉效果的正方体图案(如图1).把三片这样的达·芬奇方砖拼成图2的组合,这个组合再转换成图3所示的几何体.若图3中每个正方体的棱长为1,则 A.B.若为线段上的一个动点,则的最大值为2C.点到直线的距离是D.异面直线与所成角的正切值为【答案】BCD【解析】【分析】根据空间向量线性运算法则判断A,以为坐标原点,所在直线为轴,所在直线为轴建立空间直角坐标系,利用空间向量法计算B、C、D.【详解】因为,所以,故A错误;如图以为坐标原点,建立空间直角坐标系,则,,,,,,,,,,,对于B:因为为线段上的一个动点,设,,则,所以,所以当时,故B正确;对于C:,, 所以点到直线的距离,故C正确;对于D:因为,所以,所以,即异面直线与所成角的正切值为,故D正确;故选:BCD三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知,,且,则__________.【答案】【解析】【分析】利用向量共线定理列方程求得,从而可得答案.【详解】因为,,且,,,则,解得:,. 故答案为:14.若某工厂制造的机械零件尺寸服从正态分布,则零件尺寸介于3.5和5之间的概率约为___________.(若,则,,)【答案】【解析】【分析】由题意可得,然后代值计算即可.【详解】因为服从正态分布,所以,所以,所以,故答案为:15.现从甲、乙、丙3人中选派一人参加“垃圾分类”知识竞答,他们商议通过玩“石头、剪刀、布”游戏解决:如果其中两人手势相同,另一人不同,则选派手势不同的人参加;否则重新进行一局“石头、剪刀、布”游戏,直到确定人选为止.在每局游戏中,甲、乙、丙各自出3种手势是等可能的,且各局游戏是相互独立的,则直到第三局游戏才最终确定选派人员的概率为__________.【答案】【解析】【分析】根据题意,先求出进行一局游戏,没有确定参加活动人选的概率,然后根据各局游戏是相互独立,即可得到结果.【详解】设事件表示“进行一局游戏,成功确定参加活动人选”, 则,则进行一局游戏,没有确定参加活动人选的概率为,且各局游戏是相互独立的,则直到第三局游戏才最终确定选派人员的概率为.故答案为:16.已知函数,若直线是曲线的切线,则__________;若直线与曲线交于,两点,且,则的取值范围是_________.【答案】①.②.【解析】【分析】对函数求导,设出切点,由导数的几何意义可得,由此可得的值;依题意,直线与曲线有两个交点,利用导数研究函数的性质,可知,则由,可令,进一步可得,设,则,利用导数求出的范围,即可得到的范围.【详解】记,,设切线与曲线相切于点,,则,解得,即实数的值为;令,则,依题意,直线与曲线有两个交点,又,令,解得,令,解得, 则函数在上单调递增,在上单调递减,且,当时,,当时,,作出函数的大致图象如图所示,由图象可知:要使直线与曲线有两个交点,则又,则,则,令,则,又,则,于是,则,故,设,则,又,设,则,故在,上单调递减,则,故在,上恒成立,则在,上单调递减,于是,又函数在上单调递增,则当时,.故答案为:;.【点睛】本题考查了导数的综合运用,求某点处的切线方程较为简单,利用导数求单调性时,如果求导后 的正负不容易辨别,往往可以将导函数的一部分抽离出来,构造新的函数,利用导数研究其单调性,进而可判断原函数的单调性.在证明不等式时,常采用两种思路:求直接求最值和等价转化.无论是那种方式,都要敢于构造函数,构造有效的函数往往是解题的关键.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知函数.(1)当时,求的极值;(2)若在上单调递减,求的取值范围.【答案】(1)极大值为,极小值为(2)【解析】【分析】(1)首先求函数的导数,利用导数判断函数的单调性,即可求函数的极值;(2)利用导数,将不等式恒成立,转化为在上恒成立,即可求解.【小问1详解】当时,,,得或,当时,解得:或,当时,解得:,所以函数单调递增区间是和,单调递减区间是,当变换时,,的变化情况如下表所示,单调递增极大值单调递减极小值单调递增所以函数的的极大值为,极小值为【小问2详解】 ,,,因为在上单调递减,可得在上恒成立,即在上恒成立,当时,,所以,即的取值范围是.18.如图,在边长为2的正方体中,,分别为,的中点.(1)求点到平面的距离;(2)求二面角的大小.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)首先,建立空间直角坐标系,求平面的法向量,利用点到平面的距离公式,即可求解;(2)利用垂直关系证明平面,利用法向量求二面角的大小.【小问1详解】如图,以点为原点,建立空间直角坐标系,,,,,, ,,设平面的法向量为,则,即,令,则,所以平面的法向量为,所以点到平面的距离;【小问2详解】因为,平面,平面,所以,且,平面,所以平面,即平面,,,,,所以二面角的大小为19.甲、乙两位好友进行乒乓球友谊赛,比赛采用局胜制(),若每局比赛甲获胜的概率为,且每局比赛的结果是相互独立的.(1)比赛采用5局3胜制,已知甲在第一局落败,求甲反败为胜的概率;(2)比赛采用3局2胜制,比赛结束时,求甲获胜的局数的分布列及数学期望.【答案】(1)(2)分布列见解析,【解析】【分析】(1)根据题意,分别求出比分或的概率,即可得到结果;(2)由题意可知,的所有可能取值为,然后分别求出其对应的概率,即可得到结果.【小问1详解】 记“甲在第一局落败”,“甲反败为胜”,甲最终获胜有两种可能的比分或,且每局比赛结果是相互独立的.①若比分是,则甲接下来连胜3局,其概率为;②若比分是,则第2,3,4,局比赛中甲胜2局输1局且第5局甲获胜,其概率为,所以.【小问2详解】的所有可能取值为,,,,所以的分布列为012则.20.如图,在四棱锥中,,,,为的中点,与均为等边三角形,与相交于点.(1)证明:平面;(2)求直线与平面所成的角的正弦值. 【答案】(1)见解析(2)【解析】【分析】(1)要证明线面垂直,可证明垂直于平面内的两条相交直线,利用垂直关系,构造辅助线,即可证明;(2)根据(1)的结果,建立空间直角坐标系,求平面的法向量,利用向量公式求线面角的正弦值.【小问1详解】取的中点,连结,,因为是等边三角形,所以,因为,,为的中点,所以四边形是正方形,所以,则,且,平面,所以平面,平面,所以,又因为与均为等边三角形,所以,所以,且,平面,所以平面【小问2详解】四边形是正方形,所以,以点原点,以为轴,建立空间直角坐标系,,,,,,,,,, 设平面的法向量为,则,即,得令,所以平面的法向量,设直线与平面的夹角为,所以,所以直线与平面的夹角的正弦值21.为了考查一种新疫苗预防某一疾病的效果,研究人员对一地区某种动物进行试验,从该试验群中随机抽查了50只,得到如下的样本数据(单位:只):发病没发病合计接种疫苗81624没接种疫苗17926合计252550(1)能否有95%的把握认为接种该疫苗与预防该疾病有关?(2)从该地区此动物群中任取一只,记表示此动物发病,表示此动物没发病,表示此动物接种疫苗,定义事件的优势,在事件发生的条件下的优势.(ⅰ)证明:;(ⅱ)利用抽样的样本数据,给出,的估计值,并给出的估计值.附:,其中.0.0500.0100.001 3.8416.63510.828【答案】(1)有95%的把握认为接种该疫苗与预防该疾病有关.(2)证明见解析,【解析】【分析】(1)根据卡方的计算即可与临界值比较求解,(2)根据条件概率的计算公式,即可结合的定义进行求证,进而求解.【小问1详解】根据联表可得,所以有95%的把握认为接种该疫苗与预防该疾病有关.【小问2详解】(ⅰ)由于,所以,,故,故得证.(ⅱ)由二联表中的数据可得,,所以,22.已知函数,其中.(1)讨论的单调性;(2)若有两个零点,,且,求的最小值.【答案】(1)答案见解析(2)【解析】【分析】(1)求出函数的导函数,再分、两种情况讨论,分别求出函数的单调性; (2)依题意可得,即可得到,从而得到,令,,令,,利用导数求出的最小值,即可求出的最小值.【小问1详解】定义域为,且,当时,恒成立,所以在上单调递减;当时,令得,当时,;当时,,所以在上单调递减,在上单调递增.综上可得:当时在上单调递减;当时上单调递减,在上单调递增.【小问2详解】因为,所以,所以,,所以,所以, 令,因为,所以,即,所以,,令,,则,令,,则,所以在上单调递增,又,所以,即,所以在上单调递减,所以,所以,即,即,当且仅当,即时等号成立,所以的最小值为.【点睛】方法点睛:导函数中常用的两种常用的转化方法:一是利用导数研究含参函数的单调性,常化为不等式恒成立问题.注意分类讨论与数形结合思想的应用;二是函数的零点、不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理.
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发布时间:2023-08-10 04:54:01
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