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全国普通高等学校2023届招生统一考试模拟(二)数学试卷(Word版附解析)

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数学(二)本试卷共4页,22小题,满分150分.考试用时120分钟.注意事项:1.答卷前,考生务必用黑色字迹钢笔或签字笔将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在答题纸上.将条形码横贴在答题纸“贴条形码区”.2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题纸上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案,答案不能答在试卷上.3.非选择题必须用黑色字迹钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题纸各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新的答案;不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答的答案无效.4.考生必须保持答题纸的整洁.考试结束后,将试卷和答题纸一并交回.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知,则A.B.C.D.2.已知集合,,,则A.B.C.D.3.下列函数不是偶函数的是A.B.C.D.4.使,的否定为假命题的一个充分不必要条件是A.B.C.D.5.某市要建立步行15分钟的核酸采样点,现有9名采样工作人员全部分配到3个采样点,每个采样点至少分配2人,则不同的分配方法种数为 A.1918B.11508C.12708D.186.石碾子是我国电气化以前的重要粮食加工工具.它是依靠人力或畜力把谷子、稻子等谷物脱壳或把米碾碎成碴子或面粉的石制工具.如图,石碾子主要由碾盘、碾滚和碾架等组成,一个直径为60cm的圆柱形碾滚的最外侧与碾柱的距离为100cm,碾滚最外侧正上方为点,若人推动拉杆绕碾盘转动一周,则点距碾盘的垂直距离约为A.15cmB.cmC.cmD.45cm7.过圆锥内接正方体(正方体的4个顶点在圆锥的底面,其余顶点在圆锥的侧面)的上底面作一平面,把圆锥截成两部分,下部分为圆台,已知此圆台上底面与下底面的面积比为1:4,母线长为,设圆台体积为,正方体的外接球体积为,则A.B.C.D.8.若,,,则,,的大小关系为A.B.C.D.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.设为第一象限角,,则A.B.C.D.10.已知函数在处有极值,且极值为8,则A.有三个零点B. C.曲线在点处的切线方程为D.函数为奇函数11.已知抛物线的焦点为,直线,过点与圆分别切于,两点,交于点,和,,则A.与没有公共点B.经过,,三点的圆的方程为C.D.12.设正整数,其中.记,当时,,则A.B.C.数列为等差数列D.三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知向量,,若,,则___________.14.已知随机变量,且,,则_____.15.如图①,在平行四边形中,,将沿折起,使得点到达点处(如图②),,则三棱锥的内切球半径为____________. 16.已知椭圆的右焦点为,上顶点为,线段的垂直平分线交于,两点,交轴于点,为坐标原点,,则的离心率为___________;若的周长为8,则______________.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)记的内角,,的对边分别为,,,已知.(1)求;(2)若的面积为,,求.18.(12分)某校有,两个餐厅﹐为调查学生对餐厅的满意程度,在某次用餐时学校从餐厅随机抽取了67人,从餐厅随机抽取了69人,其中在,餐厅对服务不满意的分别有15人、6人,其他人均满意.(1)根据数据列出2×2列联表,并依据小概率值的独立性检验,能否认为用餐学生与两家餐厅满意度有关联?(2)学校对大量用餐学生进行了统计﹐得出如下结论:任意一名学生第一次在校用餐时等可能地选择一家餐厅用餐,从第二次用餐起,如果前一次去了餐厅,那么本次到,餐厅的概率分别为,;如果前一次去了餐厅,那么本次到,餐厅的概率均为.求任意一名学生第3次用餐到餐厅的概率.附:,其中.0.1000.0500.0250.0100.0052.7063.8415.0246.6357.87919.(12分)在数列中,,.(1)证明:数列为等比数列; (2)求数列的前项和.20.(12分)如图,在直四棱柱中,底面为矩形,点在棱上,,,.(1)求;(2)求二面角的正弦值.21.(12分)已知一动圆与圆外切,与圆内切,该动圆的圆心的轨迹为曲线.(1)求的标准方程;(2)直线与交于,两点,点在线段上,点在线段的延长线上,从下面①②③中选取两个作为条件,证明另外一个成立:①;②;③是直线与直线的交点.注:如果选择不同的组合分别解答,按第一个解答计分.22.(12分)已知函数,.(1)证明:;(2)若恒成立,求实数的取值范围. 数学(二)一、选择题1.B解析:,故.故选B项2.C解析:由题意得,所以.故选C项.3.C解析:对于A项,,所以,所以为偶函数;对于B项,,所以为偶函数;对于C项,的定义域为,,所以不是偶函数;对于D项,的定义域为,,所以是偶函数.故选C项.4.D解析:由题得:,为真命题,又,当且仅当时等号成立,反之也成立.所以是为真命题的充要条件,是为真命题的既不充分也不必要条件,是为真命题的既不充分也不必要条件,是为真命题的充分不必要条件.故选D项.5.B解析:分组方法共有,,三种情况,所以分配方法共有.故选B项.6.A解析:由题意碾滚最外侧滚过的距离为,碾滚的周长为,所以碾滚滚过圈,即滚过了,所以点距碾盘的垂直距离为.故选A项.7.A解析:由圆台上底面与下底面的面积比为1:4,得圆台上底面与下底面的半径比为 ,由题知正方体的棱长为,如图,在中,,,,即,解得,则,正方体的外接球半径为,,所以.故选A项.8.B解析:解法一:设,,当时,,令,则,所以函数在区间上单调递减,所以,又,所以,所以函数在区间上单调递减,所以,故.故选B项.解法二:由题意得,.令函数,,当时,,所以在区间内单调递减,所以 ,所以,即,所以.故选B项.二、选择题9.BD解析:由题意得也是第一象限角,所以,,A项错误;,B项正确;,C项错误;,D项正确.故选BD项.10.AC解析:由题意得,又,又,解得(舍去)或,故B项错误;,,当时,,单调递增,当时,,单调递减,当时,,单调递增,又,,,,所以有三个零点,故A项正确;又,,则曲线在点处的切线方程为,即,故C项正确;,故D项错误.故选AC项.11.BCD解析:联立,得,因为 是方程的一个根,所以与有公共点,A项错误;连接,,则,,所以,,,四点在以为直径的圆上,圆的方程为,化简得,B项正确;由题得,所以,所以,C项正确;设过点且与圆相切的切线方程为,由,解得或.不妨设,,则,联立得,所以,所以,所以,D项正确.故选BCD项.12.ACD解析:当时,,又,所以,同理,所以,…,,所以,,所以,所以,A项正确;,,B项错误;当时,,当时,,当时也符合,所以,所 以,所以,所以数列为等差数列,C项正确;,,D项正确.故选ACD项.三、填空题13.解析:由题意得,,,所以,所以,解得或.当时,,不符合题意;当时,.所以.14.0.15解析:由题意知,所以,所以.15.解析:如图,过点作,且,连接,,由题意可知,,所以平面,所以,所以,所以.又平面,所以平面平面.取的中点,连接,则平面,且,所以三棱锥的体积.又,,,所以三棱锥的表面积,设三棱锥的内切球半径为,则. 16.解析:由,可得,,连接,在中,由勾股定理得,所以,整理得,所以,即,所以的离心率.在中,,所以.设直线交轴于点,交于点,在中,由,所以为的左焦点,又,,所以的周长等于的周长,又的周长为,所以,解得,所以,故.四、解答题17.解:(1)由题得, 所以,又,所以,所以,,所以,所以,所以,故.(2)由题得,所以,又,所以,故,由余弦定理得,所以.18.解:(1)零假设为:用餐学生与两家餐厅满意度无关联,依题意列出列联表如下:不满意满意合计餐厅155267餐厅66369合计21115136,根据小概率值的独立性检验,没有充分证据推断不成立,因此可以认为成立,即认为用餐学生与两家餐厅满意度无关联.(2)设事件“第次在餐厅用餐”,事件“第次在餐厅用餐”,其中,由题意与互斥,且,,;,, 由全概率公式得,,又,,由全概率公式得.19.(1)证明:由,得,即,又,所以,所以数列是以3为首项,为公比的等比数列.(2)解:由(1)可知,,所以,故,设数列的前项和为,数列的前项和为.所以数列的前项和,所以,,①,②由①-②得,所以, 故数列的前项和.20.解:(1)连接,由题意得,又,,所以平面,又平面,所以,在和中,因为,所以,所以,又,所以,即,所以,即.(2)直四棱柱中,底面为矩形,所以以点为坐标原点,,,所在直线分别为,,轴,建立如图所示的空间直角坐标系,由(1)可得,,,,,则,,,设平面的法向量为,由取,得,设平面的法向量为,由取,可得, ,所以,故二面角的正弦值为.21.(1)解:设动圆的圆心为,半径为,则,,所以,由双曲线定义可知,的轨迹是以,为焦点,实轴长为的双曲线的右支,所以,,即,,所以,所以的标准方程为,.(2)证明:若①②③:由题可设直线,,,,,由直线与交于,两点,所以,联立得,所以,,由,得,即,由题知,所以,即异于的中点,所以,即,得,又,所以,故,化简得, 所以点在直线上,又是上的点,所以③成立.若①③②:设,,,,则.由,,,四点共线,设,,其中且,,则,,,,又点在上,所以,所以,整理得,又,所以,同理,所以,又,,所以,故,,所以,故,即成立,所以②成立.若②③①:由题设,,,,由,得,又点为线段上一点,点为线段延长线上一点,所以设,,其中且,则,,,, 又点在上,所以,所以,整理得,同理,所以,故,将代入得,所以故即①成立.22.(1)证明:即证恒成立,设,,显然在区间内单调递增,又,,所以存在唯一,使得,即,.当时,,单调递减;当时,,单调递增,所以,又,所以,故,所以,即.(2)解:由,得,,当时,,所以,即,设,则,且, 当时,,单调递减;当时,,单调递增,所以,所以,所以,即成立;当时,令,,则,所以在区间内单调递增,又,,所以存在唯一,使得,即,当时,,由,得,即,设,则,所以在区间内单调递减,所以,解得.当时,,即,由,得,即,设,则,由得,所以,所以单调递增,所以,解得,由,得, 综上,实数的取值范围为.

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发布时间:2023-03-19 19:55:02 页数:19
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文章作者:随遇而安

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