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河南省洛阳市六校2023届高三数学(文)上学期10月联考试卷(Word版含答案)
河南省洛阳市六校2023届高三数学(文)上学期10月联考试卷(Word版含答案)
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2022-2023学年高三月考试卷文数试卷一、单选题(每题5分)1.已知全集,集合,,则()A.B.C.D.2.已知复数z满足zi=2+i,i是虚数单位,则|z|=( )A.B.C.2D.3.命题为假命题,则的取值范围是()A.B.C.D.4已知,b=(cosα)sinα,c=(sinα)cosα,则()A.a<b<cB.a<c<bC.b<a<cD.c<a<b5.下列命题正确的是()A.“”是“”的充分不必要条件B.若给定命题,使得,则,均有C.若为假命题,则p,q均为假命题D.命题“若,则”的否命题为“若,则”6.函数f(x)=,的图象大致是()A.B. C.D.7.将函数的图象向左平移个单位长度,再将得到的图象上所有点的横坐标变为原来的2倍,纵坐标不变,最后得到函数,则()A.B.C.D.8.若O为所在平面内一点,且满足,则的形状为()A.等腰直角三角形B.直角三角形C.等腰三角形D.等边三角形9.函数的值域是()AB.C.D.10.定义在R上的偶函数满足,且当时,,则()A0B.1C.D.311.已知函数满足,函数与图象的交点分别为,,,,,则()A.-10B.-5C.5D.1012.已知函数,若有3个零点,则 的取值范围为()A.(,0)B.(,0)C.(0,)D.(0,)二、填空题.(每题5分)13.已知函数的图象在点处的切线过点,则______.14.若,则________.15.已知定义域为的函数同时满足以下三个条件:①函数的图象不过原点;②对任意,都有;③对任意,都有.请写出一个符合上述条件的函数表达式为______(答案不唯一,写出一个即可).16.已知,则下列说法正确的有______________①函数有唯一零点x=0②函数单调递减区间为和③函数有极大值点④若关于x的方程有三个不同的根,则实数a的取值范围是三、解答题(70分)17.已知,.(1)求的值;(2)求的值.18.已知(1)若,求; (2)若与的夹角为,求;(3)若与垂直,求与的夹角19.已知是定义在上的偶函数,且时,.(1)求,;(2)若,求实数的取值范围.20.设内角的对边分别为,已知.(1)求角的大小;(2)若,且___________,求周长.请在下列三个条件中,选择其中的一个条件补充到上面的横线中,并完成作答.①的面积为;②;③.注:如果选择多个条件分别解答,那么按第一解答计分.21.若函数为上的奇函数,且当时,.(1)求在R的解析式;(2)若,,试讨论取何值时有两个零点?a取何值时有四个零点?22.已知函数.(1)讨论函数的单调性;(2)当时,恒成立,求的取值范围. 参考答案:1.C2.D3.A4.D5.B6.A7.A8.B9.A10.C11.B12.C13.14.15.16.①④17.(1);(2)18【详解】解:(1)设为与夹角,由,又,则或,故,所以;(2),则(3)设为与夹角,由,则,故,因此,又,故.19.(1)0,-1(2)(1)因为当x≤0时,f(x)=log(-x+1),所以f(0)=0.又因为函数f(x)是定义在R上的偶函数,所以f(1)=f(-1)=log[-(-1)+1]=log2=-1,即f(1)=-1.(2)设x1,x2是任意两个值,且x1<x2≤0,则-x1>-x2≥0,∴1-x1>1-x2>0.∵f(x2)-f(x1)=log(-x2+1)-log(-x1+1)=log>log1=0,∴f(x2)>f(x1),∴f(x)=log(-x+1)在(-∞,0]上为增函数.又∵f(x)是定义在R上的偶函数,∴f(x)在(0,+∞)上为减函数. ∵f(a-1)<-1=f(1),∴|a-1|>1,解得a>2或a<0.故实数a的取值范围为(-∞,0)∪(2,+∞).20.(1)(2)解:因为,由正弦定理可得,所以,在中,,所以,因为,所以;(2)解:若选①,因为的面积为,所以,所以.若选②,因为,所以,所以.若选③,由正弦定理,所以,,因为.所以,由余弦定理得:,即,所以,则或(舍去),所以的周长为. 21.(1);(2)答案见解析.【详解】(1)由于函数为上的奇函数,则,当时,可得,则,综上所述,函数的解析式为.(2)由函数,令,可得,作出函数与直线的图象,如图所示:结合图象,可得:当或时,函数有2个零点;当或时,函数有4个零点;22解:(1)∵f(x)=x﹣(a+1)lnx﹣,∴x>0,且f′(x)=1﹣=,令f′(x)=0,得x1=a,x2=1,当a≤0时,令f′(x)<0,得x∈(0,1);令f′(x)>0,得x∈(1,+∞); 故f(x)在(0,1)上单调递减,在(1,+∞)上单调递增;当0<a<1时,令f′(x)<0,得x∈(a,1);令f′(x)>0,得x∈(1,+∞)∪(0,a),故f(x)在(a,1)上单调递减,在(1,+∞)和(0,a)上单调递增;当a=1时,f′(x)≥0,故f(x)在(0,+∞)上单调递增;当a>1时,令f′(x)<0,得x∈(1,a);令f′(x)>0,得x∈(a,+∞)∪(0,1);故f(x)在(1,a)上单调递减,在(a,+∞)和(0,1)上单调递增.(2)∵a=0,f(x)=x﹣lnx,又∵f(x)≤m﹣1恒成立,即x﹣lnx≤m﹣1恒成立(x>0),等价于m≥,令h(x)=(x>0),h′(x)=,令h′(x)=0,得x=1.(令m(x)=lnx﹣x,则m′(x)=,当x∈(0,1)时,m′(x)>0,m(x)单增,当x∈(1,+∞)时,m′(x)<0,m(x)单减,所以m(x)max=m(1)=﹣1<0,即lnx﹣x<0)当x∈(0,1)时,h′(x)>0,h(x)单调递增,当x∈(1,+∞)时,h′(x)<0,h(x)单调递减,∴h(x)max=h(1)=,∴.
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