河南省洛阳市普高联考2022-2023学年高三数学（文）上学期测评卷（三）（Word版带答案）

普高联考2022-2023学年高三测评（三）文科数学一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．命题“，”的否定为（）A．，B．，C．，D．，2．若全集，，，则（）A．B．C．D．3．已知向量，，，且，则实数m的值为（）A．B．C．D．4．已知F为抛物线的焦点，点A为抛物线C上一点，且点A到直线的距离为5，则抛物线的方程为（）A．В．C．D．5．定义在R上的偶函数在上单调递增，，，，则a，b，c的大小关系为（）A．a>b>cB．b>c>aC．a>c>bD．b>a>c6．某正方形数阵如图所示，依据观察，位于第36行第8列的数为（）A．367B．330C．328D．3247．如图，在长方体中，，在面中作以棱CD为直径的半圆，且点E在半圆上（不含点C，D），连接AE，BE，CE，DE，则下列说法错误的是（）A．平面平面B．平面平面BCEC．平面ABED．四棱锥E—ABCD的体积的最大值为学科网（北京）股份有限公司 8．如果数列对任意的均有恒成立，那么称数列为“M—数列”，下列数列是“M—数列”的是（）A．B．C．D．9．函数若方程有三个不同的实数根，则实数m的取值范围是（）A．B．C．D．10．函数（A˃0，ω˃0）的最大值为2，且对任意的，恒成立，在区间上单调递增，则的值为（）A．1B．C．D．211．已知双曲线（a>0，b>0）的左、右焦点分别为，，点B在直线上，且位于第一象限，直线与直线交于点A，且A是线段的中点，，则C的离心率为（）A．B．2C．D．12．已知三棱锥P—ABC的棱长均为6，且四个顶点均在球心为O的球面上，点E在AB上，，过点E作球O的截面，则截面面积的最小值为（）A．8πB．10πC．16πD．24π二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．已知向量，满足，，，则______．14．若，且，则______．15．与直线相切于点的圆C过点，则圆C的半径为______．16．实数x，y满足目标函数的最大值为6，正实数a，b满足，则a+b的最小值为______．三、解答题：共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．17．（10分）在中，内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知角A为锐角，，的面积为S，且．学科网（北京）股份有限公司 （1）求A；（2）求的值．18．（12分）数列满足，．（1）求数列的通项公式；（2）设，求数列的前n项和．19．（12分）已知函数，0˂ω˂4，且．（1）求ω的值及函数的单调递增区间；（2）求函数在区间的最小值和最大值．20．（12分）在直三棱柱中，，D，，E分别为AC，，的中点，，点M在线段上，且，．（1）当时，证明：平面；（2）当λ为何值时，点D到平面ABM的距离为？21．（12分）已知椭圆（a˃b˃0）的长轴长为，离心率为．（1）求椭圆E的标准方程；（2）过点（2，0）的直线l与椭圆E交于A，B两点，在x轴上是否存在点N，使得直线NA，NB关于x轴对称？若存在，求出点N的坐标；若不存在，请说明理由．22．（12分）已知函数，，．（1）若曲线在点处的切线与曲线相切，求实数a的值（2）若关于x的不等式恒成立，求实数a的最小整数值．普高联考2022——2023学年高三测评（三）文科数学参考答案学科网（北京）股份有限公司 1．A【解析】“，”的否定为“，”，故选A．2．C【解析】由题知，则，所以．故选C．3．A【解析】，由可得，解得．故选A．4．C【解析】由抛物线的定义知点A到直线的距离为3，所以，解得，所以抛物线的方程为．故选C．5．D【解析】，又，即，即，所以．因为为偶函数，所以，又在上单调通增．所以．即b>a>c，故选D．6．B【解析】观察可知，第n行和第n列均为相同的等差数列，第一列数列的通项公式为，则第36行第1列的数为．第36行也是等差数列，公差为37，则通项公式为，则．选B．7．D【解析】因为平面，平面ADE，所以平面平面，故A正确；线段CD是半圆的直径，所以，又，，所以平面ADE，所以平面平面BCE，故B正确；因为，所以平面ABE，故C正确；当E为的中点时，四棱锥E—ABCD的体积V最大，此时，故D错误．故选D．8．C【解析】若，则，即，不满足条件．不是“M—数列”；若，则，即，不满足条，不是“M—数列”；若，则，即满足条件，是“M—数列”；若，则学科网（北京）股份有限公司 ，当时，，不满足条件，不是“M—数列”．故选C．9．D【解析】方程有三个不同的实数根函数与的图象有三个不同的交点．当时，，令，得，则当时，，函数单调递增，当时，，函数单调递减，所以当时，且，则函数的图象如图所示，要使函数与的图象有三个不同的交点，需，故实数m的取值范围是．故选D．10．B【解析】因为的大值为2，所以，因为恒成立，所以当时，函数取得最大值，则，，所以，．当时，，因为在区间上单调递增，所以，解得，即，所以，则．所以，故选B．11．B【解析】方法一由题知直线是双曲线的两条渐近线，如图，因为O是的中点，且，所以，设，则解得则．学科网（北京）股份有限公司 因为A是的中点，所以，又点A在直线上，所以，解得，所以，故选B．方法二因为O是的中点，，所以，因为A是的中点，所以，又，所以，所以，所以，则，所以．故选B．12．A【解析】如图，因为三棱锥的棱长均为6，所以点P在平面ABC内的射影H是的中心，取BC的中点D，连接AD，则点H在AD上，且，所以，，，则．设三棱椎P—ABC的外接球半径为R，则，在中，，解得．因为，所以，取AB的中点F，则，且，所以．当过点E的球O的截面与OE垂直时，截面面积最小，设截面圆的半径为r，则，所以截面面积为．故选A．13．2【解】，则．14．【解】，即，学科网（北京）股份有限公司 即，则，又，则，，则，即．（写成90°也给分）15．【解析】过点且与直线垂直的直线为，则圆心在直线上，又圆心在线段MN的垂直平分线上，即直线，所以圆心坐标为（1，5），则圆的半径为．16．4【解析】不等式组表示的平面区域如图所示，其中，，．因为，直线平移到B点时目标函数取最大值，即，解得．因为，所以，即，所以，当且仅当，即，时取等号，所以的最小值为4．17．（1）由正弦定理和，得，又，所以，因为，所以，则，又，所以．（2）由余弦定理得，又，所以，两边同除以bc，得．18．（1）当时，．学科网（北京）股份有限公司 ①，当时，②①－②得，即，当时，满足公式，所以．（2）由（1）知，则③，④，③－④得，，所以．19．（1），由知，则，或，，所以，或，，又，则，所以．令，，则，，则函数的单调递增区为，．（2）由（1）知，，则，当，即时，函数有最小值－1；当，即时，函数有最大值2．20．（1）由题知，又，且，所以平面，则．，，连接，BD，因为是的中点，所以，且．因为，，所以，因为，所以平面，因为平面，所以．学科网（北京）股份有限公司 连接，如图，，，因为，所以，则，所以，则，则，所以．因为，所以平面．（2）连接BD，因为，，D是AC的中点，所以，且，设，，则，取AB的中点F，则，连接FM，则，且，则，所以，又，利用得，解得，又因为，所以，因此，当时，点D是平面ABM的距离为．21．（1）因为长轴长为，所以，因为离心率，所以，则，所以椭圆E的标准方程为．（2）假设存在点，使得直线NA，NB关于x轴对称．当直线l的斜率不为零时，可设直线l的方程为，联立得，设，，则，①．显然直线NA，NB的斜率均存在，分别设为，，则，学科网（北京）股份有限公司 ，即②，把①代入②化简得，该式对任意的恒成立，则，所以存在点，使直线NA，NB关于x轴对称，当直线l的斜率为零时，直线NA，NB关于x轴对称，综上所述，存在点，使得直线NA，NB关于x轴对称．22．（1），则，又，所以曲线在点处的切线方程为，即．令，，则，则，解得或．（2）不等式恒成立，即恒成立，由于，则．设，则，即．设，则，所以在上单调递减，又，，所以存在，使，即．当时，，函数单调递增，当时，，函数单调递减，学科网（北京）股份有限公司 所以，又，则，由于恒成立，，所以实数a的最小整数值为1．学科网（北京）股份有限公司