山东省临沂市罗庄区2022学年高二化学下学期期中试卷含解析

2022-2022学年山东省临沂市罗庄区高二（下）期中化学试卷　一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共48分）1．下列有关化学用语表示正确的是（　　）A．乙烯的结构简式：CH2CH2B．乙烯的分子式：C2H4C．乙酸的结构简式：C2H2O2D．丙烷分子的球棍模型是　2．下列有机物命名正确的是（　　）A．2﹣乙基丙烷B．CH3CH2CH2OH　1﹣丁醇C．对二甲苯D．2﹣甲基﹣2﹣丙烯　3．下列说法不正确的是（　　）A．元素分析可以鉴定有机物的实验式B．用四氯化碳可以萃取乙酸水溶液中的乙酸C．红外光谱分析可以鉴定有机物中含有的官能团或化学键D．核磁共振氢谱分析可以鉴定有机物中不同化学环境的氢原子及它们的数目比　4．以下实验能获得成功的是（　　）A．要检验某溴乙烷中的溴元素，可以加入NaOH溶液共热，冷却后滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成B．用氨水清洗试管壁附着的银镜C．对苯和硝基苯采用分液的方法分离D．将铜丝在酒精灯上加热变黑后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色　5．下列说法中错误的是（　　）A．1molCH2=CH2可以与Br2发生加成反应，消耗1molBr2B．苯的邻位二元取代物只有一种，可以说明苯分子不具有碳碳单键和碳碳双键的交替结构C．甲苯中所有原子都在同一平面内D．苯乙烯（）与立方烷（）互为同分异构体　6．有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同．下列各项的事实不能说明上述观点的是（　　）A．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而甲烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B．乙基对羟基的影响，使羟基的活性变弱，电离H+的能力不及H2OC．乙烯能发生加成反应，而乙烷不能发生加成反应-22-\nD．苯酚中的羟基氢能与NaOH溶液反应，而醇羟基氢不能与NaOH溶液反应　7．下列各组物质中，全部属于纯净物的是（　　）A．福尔马林、白酒、食醋B．汽油、酒精、聚乙烯C．石炭酸、盐酸、冰醋酸D．甘油、乙醇钠、氯仿　8．下列说法中错误的是（　　）①化学性质相似的有机物是同系物②分子组成相差一个或几个CH4原子团的有机物是同系物③若烃中碳、氢元素的质量分数相同，它们必定是同系物④互为同分异构体的两种有机物的物理性质有差别，但化学性质必定相似．A．①②③④B．只有②③C．只有③④D．只有①②③　9．下列各组物质中的四种物质，用一种试剂即可鉴别的是（　　）A．苯酚、乙醇、苯、四氯化碳B．乙烯、乙烷、乙炔、丙烯C．甲酸、乙醛、甲酸钠溶液、乙酸乙酯D．苯乙烯、苯酚、乙苯、甲苯　10．如表，为提纯下列物质（括号内为杂质），所用的除杂试剂和分离方法都正确的是（　　）序号不纯物除杂试剂分离方法ACH4（C2H4）酸性KMn04溶液洗气BNH4Cl溶液（FeCl3）NaOH溶液过滤C福尔马林（甲酸）Na2CO3溶液蒸馏D苯（苯酚）溴水分液A．AB．BC．CD．D　11．某有机物在O2中充分燃烧，生成CO2和H2O的物质的量之比为1：1，由此可以知道（　　）①分子中一定含有C、H、O三元素②分子中C、H、O原子个数比为1：2：3③分子中C、H原子的个数比为1：2④分子中肯定不含有氧原子．A．①②B．③④C．①③D．只有③　12．坚决反对运动员服用兴奋剂是保证运动会公平公正的重要举措之一．某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是（　　）A．遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物B．该分子中的所有碳原子不可能共平面C．滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色变浅，是因为结构中存在碳碳双键-22-\nD．1mol该物质分别与浓溴水和H2反应时，最多消耗Br2和H2分别为4mol、7mol　13．已知酸性：＞H2CO3＞，综合考虑反应物的转化率和原料成本等因素，将转变为的最佳方法是（　　）A．与足量的NaOH溶液共热后，再通入足量CO2B．与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3溶液C．与稀H2SO4共热后，加入足量的NaOH溶液D．与足量的NaOH溶液共热后，再加入适量H2SO4　14．有机物的结构简式如图所示，则此有机物可发生的反应类型有（　　）①取代②加成③消去④酯化⑤水解⑥氧化⑦中和．A．①②③⑤⑥B．①②③④⑤⑥⑦C．②③④⑤⑥D．②③④⑤⑥⑦　15．已知A的分子式为C5H10O2，C和E都能发生银镜反应．它们之间有下列转化关系，则A的可能结构有（　　）A．1种B．2种C．3种D．4种　16．对下面有机物的叙述不正确的是（　　）A．常温下可以和Na2CO3溶液反应生成CO2气体B．在碱性条件下水解，0.5mol该物质完全反应可以消耗4molNaOHC．与稀H2SO4共热生成两种不同的有机物D．该物质的化学式为C14H10O9　　二、解答题（共5小题，满分52分）17．欲分离苯和苯酚，一般可向其混合物中加入稍过量的浓氢氧化钠溶液，反应的离子方程式为　　　　　　．-22-\n再将该混合物转移到分液漏斗中，振荡，静置后溶液将出现分层现象，然后分液．从分液漏斗放出下层液体，加入适量盐酸，再将其分成两份：向一份溶液中加入三氯化铁溶液，出现的现象是　　　　　　；向另一份溶液中加入浓溴水，发生反应的化学方程式是　　　　　　．从分液漏斗上口倒出的上层液体是　　　　　　．　18．某有机物A中只含碳、氢、氧三种元素，相对分子质量为102，氢元素的质量分数为9.8%，分子中氢原子个数为氧的5倍．（1）A的分子式为　　　　　　．（2）若A为酯类物质，在酸性条件下水解，生成两种相对分子质量相同的有机物，则A的结构简式可能为　　　　　　．（3）若A为羧酸，可由醇B氧化得到，A和B可以生成酯C，符合这些条件的酯只有　　　　　　种，请写出其中一种酯的结构简式：　　　　　　．（4）若A中有2个不同的含氧官能团，并含有2个甲基，不能发生消去反应的结构简式为：　　　　　　．　19．实验室合成乙酸乙酯的步骤如下：在圆底烧瓶内加入乙醇、浓硫酸和乙酸，瓶口竖直安装通有冷却水的冷凝管（使反应混合物的蒸气冷凝为液体流回烧瓶内），加热回流一段时间后换成蒸馏装置进行蒸馏，得到含有乙醇、乙酸和水的乙酸乙酯粗产品．请回答下列问题：（1）在烧瓶中除了加入乙醇、浓硫酸和乙酸外，还应放入碎瓷片，目的是　　　　　　，实验中浓硫酸的作用是　　　　　　．（2）反应中加入过量的乙醇，目的是　　　　　　．（3）若用同位素18O示踪法确定反应产物水分子中氧原子的提供者，写出能表示18O位置的化学方程式：　　　　　　．（4）如果将上述实验步骤改为在蒸馏烧瓶内先加入乙醇和浓硫酸，然后通过分液漏斗边滴加乙酸，边加热蒸馏．这样操作可以提高酯的产率，其原因是　　　　　　．（5）现拟分离粗产品乙酸乙酯、乙酸和乙醇的混合物下列框图是分离操作步骤流程图：则试剂a是：　　　　　　，分离方法I是　　　　　　，试剂b是　　　　　　，分离方法Ⅲ是　　　　　　．　20．有机物A（C13H18O2）具有香味，可用作香皂、洗发香波的芳香剂．A可通过如图所示的转化关系而制得．已知：-22-\n①B属于芳香族化合物，相对分子质量大于100，小于130，其中含氧质量分数为0.131；②D、E具有相同官能团．E分子烃基上的一氯取代物只有一种；③F可以使溴的四氯化碳溶液褪色．请回答下列问题：（1）B的分子式为　　　　　　；B在上图转化中所发生的反应类型有　　　　　　．（2）F的名称是　　　　　　物质C发生银镜反应的化学方程式是　　　　　　．（3）D的同分异构体有多种，写出符合下列条件的所有物质的结构简式：　　　　　　a．属于芳香族化合物且苯环上的一氯代物有两种；b．含基团．（4）B和E反应生成A的化学方程式为　　　　　　．　21．有机物A是一种广谱高效食品防腐剂，如图1是A分子的球棍模型，回答问题：（1）写出A的分子式：　　　　　　；（2）A能够发生反应的类型有（填序号）：　　　　　　；①氧化反应　②加成反应　③取代反应　④消去反应（3）写出一些图2中草药所含的有机物，其中互为同分异构体的是（填序号）：　　　　　　；能与Br2水发生加成反应的是（填序号）：　　　　　　；（4）A的一种同分异构体B在一定条件下可转化为二氢异香豆素，写出B发生消去反应的化学方程式：　　　　　　；（5）A的另一种同分异构体C遇FeCl3溶液显紫色；1mol　C可与　1mol　NaOH　反应生成有机物D；D被Ag（NH3）2OH溶液氧化后经酸化得有机物E，E经酯化、消去两步反应可得香豆素．写出符合上述要求的一种C的结构简式：　　　　　　．　　-22-\n2022-2022学年山东省临沂市罗庄区高二（下）期中化学试卷参考答案与试题解析　一、选择题（本题共16小题，每小题3分，共48分）1．下列有关化学用语表示正确的是（　　）A．乙烯的结构简式：CH2CH2B．乙烯的分子式：C2H4C．乙酸的结构简式：C2H2O2D．丙烷分子的球棍模型是【考点】结构简式；球棍模型与比例模型．【分析】A．烯、炔的结构简式碳碳双键、碳碳三键不能省略；B．乙烯为含有1个碳碳双键的烯烃，据此判断；C．结构简式应体现官能团﹣COOH；D．丙烷中存在单键，C原子满足4对共价键，H原子形成1对共价键，据此判断．【解答】解：A．乙烯结构简式中碳碳双键不能省略，乙烯的结构简式为CH2═CH2，故A错误；B．乙烯为含有2个C原子的烯烃，分子式为：C2H4，故B正确；C．结构简式应体现官能团﹣COOH，则乙酸的结构简式为CH3COOH，故C错误；D．丙烷中含有3个碳原子和8个H原子，此球棍模型中少2个H，应为丙烯，故D错误，故选B．【点评】本题考查常用化学用语的书写，题目难度不大，掌握常用化学用语的书写，注意丙烷分子的球棍模型中碳原子的化学键以及原子之间的连接顺序、空间结构，注意把握化学用语的规范应用．　2．下列有机物命名正确的是（　　）A．2﹣乙基丙烷B．CH3CH2CH2OH　1﹣丁醇C．对二甲苯D．2﹣甲基﹣2﹣丙烯【考点】有机化合物命名．【分析】A、烷烃命名中出现2﹣乙基，说明选取的不是最长碳链；B、醇类命名选取含有羟基的最长碳链；C、苯环上2个取代基时可以利用“邻、间、对”进行命名；D、烯烃的命名选取含有碳碳双键的最长碳链，且选取距离双键最近的一端命名为1号碳．【解答】解：A、2﹣以及丙烷，不符合选取最长碳链原则，正确命名应为：2﹣甲基丁烷，故A错误；B、CH3CH2CH2OH最长碳链为3，正确命名为1﹣丙醇，故B错误；C、中两个甲基处于对位，正确命名为对二甲苯，故C正确；-22-\nD、，碳碳双键在1、2号碳之间，正确命名为：2﹣甲基﹣1﹣丙烯，故D错误，故选C．【点评】本题主要考查的是烷烃、烯烃、芳香烃以及醇类的命名，掌握各自的命名原则是解决本题的关键，为常考题，难度不大．　3．下列说法不正确的是（　　）A．元素分析可以鉴定有机物的实验式B．用四氯化碳可以萃取乙酸水溶液中的乙酸C．红外光谱分析可以鉴定有机物中含有的官能团或化学键D．核磁共振氢谱分析可以鉴定有机物中不同化学环境的氢原子及它们的数目比【考点】有机物分子中的官能团及其结构；有机物的鉴别．【分析】A．元素分析法可以鉴定有机物中的元素组成及分子内各元素的质量分数，从而确定有机物的实验式；B．与四氯化碳相比较，乙酸更易溶于水；C．不同的化学键或官能团吸收红外线的频率不同．D．峰的面积之比等于氢原子数目之比．【解答】解：A．元素定量分析的原理是将一定量的有机物燃烧，分解为简单的无机物，并作定量测定，通过无机物的质量推算出组成该有机物元素原子的质量分数，然后计算出该有机物分子中所含元素原子最简比，即确定其实验式，故A正确；B．与四氯化碳相比较，乙酸更易溶于水，萃取效果不好，故B错误；C．在有机物分子中，组成化学键或官能团的原子处于不断振动的状态，其振动频率与红外线的振动频率相当，当用红外线照射有机物分子时，分子中的化学键或官能团可发生振动吸收，不同的化学键或官能团吸收频率不同，在红外光谱图上将处于不同的位置，从而可以获得分子中含有任何化学键或官能团的信息，来确定有机物中的官能团或化学键，故C正确；D．氢原子核具有磁性，如用电磁波照射氢原子核，它能通过共振吸收电磁波能量，发生跃迁．用核磁共振仪可以记录到有关信号，处在不同化学环境中的氢原子因产生共振时吸收电磁波的频率不同，在谱图上出现的位置也不同，而且吸收峰的面积与氢原子数成正比，因此，从核磁共振氢谱图上可以推知该有机物分子有几种不同类型的氢原子及它们的数目，故D正确．故选B．【点评】本题考查较为综合，涉及有机物的鉴别，结构式的确定以及有机物的分离等知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的研究方法，难度不大．　4．以下实验能获得成功的是（　　）A．要检验某溴乙烷中的溴元素，可以加入NaOH溶液共热，冷却后滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成B．用氨水清洗试管壁附着的银镜C．对苯和硝基苯采用分液的方法分离D．将铜丝在酒精灯上加热变黑后，立即伸入无水乙醇中，铜丝恢复成原来的红色【考点】化学实验方案的评价；物质的分离、提纯和除杂；物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用．【专题】有机反应．-22-\n【分析】A．加入NaOH溶液共热，水解生成溴离子，检验溴离子应在酸性溶液中；B．氨水与Ag不反应；C．苯和硝基苯的混合物不分层，但沸点不同；D．铜丝在酒精灯上加热变黑后，生成CuO，CuO与乙醇反应生成乙醛、Cu、水．【解答】解：A．加入NaOH溶液共热，水解生成溴离子，检验溴离子应在酸性溶液中，则应加硝酸至酸性，再滴入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成，故A错误；B．氨水与Ag不反应，不能洗涤，则应选硝酸洗涤，故B错误；C．苯和硝基苯的混合物不分层，但沸点不同，则不能利用分液，应选蒸馏法，故C错误；D．铜丝在酒精灯上加热变黑后，生成CuO，CuO与乙醇反应生成乙醛、Cu、水，则铜丝恢复成原来的红色，实验能成功，故D正确；故选D．【点评】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握物质的性质、发生的反应为解答的关键，涉及离子检验、有机物水解反应、混合物分离提纯等，综合性较强，题目难度不大．　5．下列说法中错误的是（　　）A．1molCH2=CH2可以与Br2发生加成反应，消耗1molBr2B．苯的邻位二元取代物只有一种，可以说明苯分子不具有碳碳单键和碳碳双键的交替结构C．甲苯中所有原子都在同一平面内D．苯乙烯（）与立方烷（）互为同分异构体【考点】有机物的结构和性质；常见有机化合物的结构；同分异构现象和同分异构体；有机化学反应的综合应用．【专题】有机化学基础．【分析】A．碳碳双键与溴以1：1加成；B．苯中若存在单、双键交替，则邻位二元取代物在单键、双键上为不同物质；C．甲苯中甲基为四面体构型；D．分子式相同、结构不同的有机物互为同分异构体．【解答】解：A．碳碳双键与溴以1：1加成，则1molCH2=CH2可以与Br2发生加成反应，消耗1molBr2，故A正确；B．苯中若存在单、双键交替，则邻位二元取代物在单键、双键上为不同物质，而苯的邻位二元取代物只有一种，可以说明苯分子不具有碳碳单键和碳碳双键的交替，故B正确；C．甲苯中甲基为四面体构型，则甲苯中所有原子不可能共面，故C错误；D．苯乙烯与立方烷的分子式相同（C8H8）、结构不同，二者互为同分异构体，故D正确；故选C．【点评】本题考查较综合，涉及有机物的结构与性质、分子共面及同分异构体，把握常见有机物的结构、性质及其官能团为解答的关键，注重基础知识的考查，题目难度不大．　6．有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同．下列各项的事实不能说明上述观点的是（　　）A．甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而甲烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B．乙基对羟基的影响，使羟基的活性变弱，电离H+的能力不及H2OC．乙烯能发生加成反应，而乙烷不能发生加成反应-22-\nD．苯酚中的羟基氢能与NaOH溶液反应，而醇羟基氢不能与NaOH溶液反应【考点】有机物分子中的官能团及其结构．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A．苯、甲烷都不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，甲苯可以，说明苯环对甲基的影响．B．烷基的斥电子性能，使得烷氧基中氧原子上的电子云密度增加，从而降低了醇的离解倾向．C．官能团不同导致，不是原子团间的相互影响导致；D．羟基连接的基团不同，导致羟基中H原子的活性不同．【解答】解：A．苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，苯上没有可以被氧化的氢原子，而甲苯能使高锰酸钾酸性溶液褪色，说明苯环的影响使侧链甲基易被氧化，故A正确；B．烷基的斥电子性能，使得烷氧基中氧原子上的电子云密度增加，从而降低了醇的离解倾向，所以乙基对羟基的影响，使羟基的活性变弱，提供H+的能力不及H2O，故B正确；C．乙烯中含有碳碳双键性质较活泼能发生加成反应，而乙烷中不含碳碳双键，性质较稳定，乙烷不能发生加成反应，则乙烯和乙烷性质的不同是由于含有的官能团不同导致的，故C错误；D．苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应，说明苯环的影响使酚羟基上的氢更活泼，故D正确．故选：C．【点评】本题考查有机物的结构与性质关系，题目难度中等，关键根据原子团所处的化学环境进行比较性质差异，并熟悉官能团与物质性质的关系来解答．　7．下列各组物质中，全部属于纯净物的是（　　）A．福尔马林、白酒、食醋B．汽油、酒精、聚乙烯C．石炭酸、盐酸、冰醋酸D．甘油、乙醇钠、氯仿【考点】混合物和纯净物．【专题】物质的分类专题．【分析】纯净物是由一种物质组成的物质，混合物是由多种物质组成的物质；据此结合常见物质的组成成分逐项分析即可．【解答】解：A、福尔马林是甲醛的水溶液，溶质的质量分数为甲醛含量为35%至40%（一般是37%）的水溶液，故为混合物；白酒的主要成分是乙醇和水，为混合物；食醋主要成分其主要成分是醋酸（3%～5%），除此之外还含有各种有机酸、氨基酸等成分，故食醋为混合物，故A错误；B、汽油，主要成分是C4～C12烃类，为混合烃类物品之一；酒精是由一种物质组成的，属于纯净物；聚乙烯是混合物，故B错误；C、石炭酸又名苯酚，是纯净物；盐酸是HCl的水溶液，是混合物；冰醋酸是乙酸，为纯净物，故C错误；D、甘油是丙三醇，是由一种物质组成的，属于纯净物；乙醇钠是由一种物质组成的，属于纯净物；氯仿是三氯甲烷，是由一种物质组成的，属于纯净物，故D正确．故选D．【点评】本题考查了纯净物和混合物的概念，把握住概念的要点是解题的关键．　8．下列说法中错误的是（　　）①化学性质相似的有机物是同系物-22-\n②分子组成相差一个或几个CH4原子团的有机物是同系物③若烃中碳、氢元素的质量分数相同，它们必定是同系物④互为同分异构体的两种有机物的物理性质有差别，但化学性质必定相似．A．①②③④B．只有②③C．只有③④D．只有①②③【考点】芳香烃、烃基和同系物．【分析】结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；同系物具有以下特征：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同，分子式不同、物理性质不同，研究对象为有机物；互为同分异构体的两种有机物，由于结构不同，则化学性质不一定相似，据此进行判断．【解答】解：①同系物化学性质相似，但化学性质相似物质不一定是同系物，如乙烯与1，3﹣丁二烯，故①错误；②同系物在分子组成上析出相差一个或若干个CH2原子团，但互为同系物的有机物必须具有相似结构，相差一个或若干个CH2原子团的有机物不一定是同系物，如乙酸与乙酸乙酯，故②错误；③同系物中碳、氢元素的质量分数不一定对应相同，如甲烷与乙烷，烃中碳、氢元素的质量分数相同，不一定是同系物，如：乙炔与苯，故③错误；④互为同分异构体的两种有机物的物理性质有差别，但化学性质不一定相似，如：乙酸与甲酸甲酯，故④错误；故选A．【点评】本题考查了同系物、同分异构体的判断，题目难度不大，明确同系物、同分异构体的概念为解答关键，试题侧重基础知识的考查，培养了学生灵活应用基础知识的能力．　9．下列各组物质中的四种物质，用一种试剂即可鉴别的是（　　）A．苯酚、乙醇、苯、四氯化碳B．乙烯、乙烷、乙炔、丙烯C．甲酸、乙醛、甲酸钠溶液、乙酸乙酯D．苯乙烯、苯酚、乙苯、甲苯【考点】有机物的鉴别．【分析】A．可用溴水鉴别；B．乙烯、乙炔、丙烯都含不饱和键，用一种试剂不能鉴别；C．用一种试剂不能鉴别甲酸、乙醛、甲酸钠溶液；D．用一种试剂不能鉴别乙苯和甲苯．【解答】解；A．可加入溴水鉴别，加入溴水，苯酚生成白色沉淀，乙醇和水混溶，苯不溶于水，且密度不水小，四氯化碳不溶于水，密度比水大，可鉴别，故A正确；B．乙烯、乙炔、丙烯都含不饱和键，用一种试剂不能鉴别，故B错误；C．甲酸、乙醛和甲酸钠都含有醛基，则不能用一种酯基鉴别，故C错误；D．乙苯和甲苯都可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，与溴水不反应，不能鉴别，故D错误．故选A．【点评】本题考查有机物的鉴别，为考试高频考点，侧重于学生的分析能力和综合运用化学知识的能力的考查，难度不大，注意把握物质的性质的异同．　10．如表，为提纯下列物质（括号内为杂质），所用的除杂试剂和分离方法都正确的是（　　）序号不纯物除杂试剂分离方法-22-\nACH4（C2H4）酸性KMn04溶液洗气BNH4Cl溶液（FeCl3）NaOH溶液过滤C福尔马林（甲酸）Na2CO3溶液蒸馏D苯（苯酚）溴水分液A．AB．BC．CD．D【考点】化学实验方案的评价；物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用；物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．【专题】实验评价题．【分析】A．C2H4与酸性高锰酸钾反应生成二氧化碳气体；B．加入NaOH溶液生成NaCl，混入新杂质；C．甲酸可与碳酸钠反应；D．加入溴水生成三溴苯酚，三溴苯酚与苯混溶．【解答】解：A．C2H4与酸性高锰酸钾反应生成二氧化碳气体，引入新杂质，应用溴水除杂，故A错误；B．加入NaOH溶液生成NaCl，混入新杂质，应用氨水除杂，故B错误；C．甲酸可与碳酸钠反应生成甲酸钠，蒸馏可得到甲醛，故C正确；D．加入溴水生成三溴苯酚，三溴苯酚与苯混溶，不能得到纯净的苯，应加入NaOH溶液，然后分液，故D错误．故选C．【点评】本题考查化学实验方案的评价，题目侧重于物质的分离、提纯的实验方案的评价，注意物质的性质的异同，除杂时不能影响被提纯的物质，且不能引入新的杂质．　11．某有机物在O2中充分燃烧，生成CO2和H2O的物质的量之比为1：1，由此可以知道（　　）①分子中一定含有C、H、O三元素②分子中C、H、O原子个数比为1：2：3③分子中C、H原子的个数比为1：2④分子中肯定不含有氧原子．A．①②B．③④C．①③D．只有③【考点】有关有机物分子式确定的计算．【分析】①无法判断有机物中是否含有氧元素；②该有机物分子中不一定含有氧元素；③根据水和二氧化碳的物质的量之比及质量守恒定律确定C、H原子的个数之比；④没有告诉有机物的质量，无法确定该有机物分子中是否具有氧元素．【解答】解：①没有告诉有机物的质量，无法判断有机物中是否含有O元素，水和CO2的物质的量比为1：1，根据原子守恒可知，有机物分子中碳、氢原子个数比为1：2，无法确定是否含有氧原子，故①错误；②生成的CO2和H2O的物质的量之比为1：1，根据原子守恒可知，有机物中分子中C、H原子个数比为1：2，无法确定是否含有O，故②错误；③水和CO2的物质的量比为1：1，根据原子守恒可知，有机物分子中碳、氢原子个数比为1：2，故③正确；④题中没有告诉有机物的质量，只能判断该有机物中含有碳元素和氢元素，无法判断有机物中是否含有氧元素，故④错误；故选D．-22-\n【点评】本题考查利用质量守恒判断有机物元素组成，题目难度不大，注意掌握确定有机物分子式、结构简式的方法，明确题中缺少有机物的质量、无法确定是否含有氧元素是解答本题的关键．　12．坚决反对运动员服用兴奋剂是保证运动会公平公正的重要举措之一．某种兴奋剂的结构简式如图所示，有关该物质的说法正确的是（　　）A．遇FeCl3溶液显紫色，因为该物质与苯酚属于同系物B．该分子中的所有碳原子不可能共平面C．滴入KMnO4（H+）溶液，观察紫色变浅，是因为结构中存在碳碳双键D．1mol该物质分别与浓溴水和H2反应时，最多消耗Br2和H2分别为4mol、7mol【考点】有机物的结构和性质．【分析】该有机物含有酚羟基，可与溴水发生取代反应，可与高锰酸钾发生氧化反应，含有C=C官能团，可发生加成、氧化反应，结合苯环、乙烯的结构特征判断有机物的空间结构特点．【解答】解：A．此有机物遇FeCl3溶液显紫色，苯酚的同系物应符合有且只有一个苯环，且苯环上只连一个羟基，其余全部是烷烃基，故A错误；B．从苯环的平面结构及乙烯的平面结构出发，把上述结构分成三部分：右边以苯环为中心8个碳原子共平面，左边以苯环为中心8个碳原子共平面，还有以C=C为中心4个碳原子共平面，上述三个平面可以重合，故B错误；C．能使酸性KMnO4褪色的官能团有酚羟基、C=C、苯环上的甲基，故C错误；D．与浓溴水反应酚类为邻对位上的氢被溴取代，左边苯环邻对位上只有一个H，右边苯环邻对位上有两个H，还有一个C=C与溴水发生加成反应，共消耗4mol的Br2；两个苯环、一个C=C共消耗7mol的H2，故D正确．故选D．【点评】本题考查的是由有机物结构推断物质性质，首先分析有机物的结构简式，找出官能团，根据有机物官能团的性质进行判断，易错点为D，注意有机物空间结构的分析，题目难度中等．　13．已知酸性：＞H2CO3＞，综合考虑反应物的转化率和原料成本等因素，将转变为的最佳方法是（　　）A．与足量的NaOH溶液共热后，再通入足量CO2B．与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3溶液C．与稀H2SO4共热后，加入足量的NaOH溶液D．与足量的NaOH溶液共热后，再加入适量H2SO4【考点】化学实验方案的评价．-22-\n【分析】酸性：＞H2CO3＞，所以碳酸氢钠和反应生成苯甲酸钠、和不反应，将转变为，应先在碱性条件下水解生成，由于＞H2CO3＞，则通入二氧化碳气体可生成．【解答】解：A．应先在碱性条件下水解生成，由于＞H2CO3＞，则通入二氧化碳气体可生成，所以与足量的NaOH溶液共热后，再通入足量CO2即可，故A正确；B．与稀硫酸共热后生成邻羟基苯甲酸，邻羟基苯甲酸和碳酸钠反应生成，故B错误；C．与稀H2SO4共热后生成邻羟基苯甲酸，加入足量的NaOH溶液生成，故C错误；-22-\nD．与足量的NaOH溶液共热后生成，再加入适量H2SO4生成，故D错误；故选A．【点评】本题考查化学实验方案评价，为高频考点，侧重考查学生分析判断能力，根据物质结构结合酸性强弱确定反应先后顺序是解本题关键，注意酚羟基能和碳酸钠反应，易错选项是B．　14．有机物的结构简式如图所示，则此有机物可发生的反应类型有（　　）①取代②加成③消去④酯化⑤水解⑥氧化⑦中和．A．①②③⑤⑥B．①②③④⑤⑥⑦C．②③④⑤⑥D．②③④⑤⑥⑦【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机反应．【分析】该有机物含有碳碳双键，可发生加成、加聚、氧化反应，含有酯基，可发生水解反应，含有羧基，具有酸性，可发生酯化反应，含有羟基，可发生氧化、取代和消去反应，以此解答该题．【解答】解：该有机物含有碳碳双键，可发生加成、加聚、氧化反应，则②⑥正确；含有酯基，可发生水解反应，则①正确；含有羧基，具有酸性，可发生酯化反应，则①④⑦正确；含有羟基，可发生氧化、取代和消去反应，则①③④⑥正确．故选B．【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重于考查学生分析能力和综合运用化学知识的能力，题目难度中等，注意把握有机物的官能团的性质，为解答该题的关键．　15．已知A的分子式为C5H10O2，C和E都能发生银镜反应．它们之间有下列转化关系，则A的可能结构有（　　）A．1种B．2种C．3种D．4种-22-\n【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】由反应转化关系可知，A（C5H10O2）能在碱性条件下反应生成B和D，A应为酯，其中D能被氧化，说明D为醇，C能发生银镜反应，说明C为HCOOH，则B为HCOONa，E能发生银镜反应，含有醛基，则说明D为伯醇，符合条件的有CH3CH2CH2CH2OH和（CH3）2CHCH2OH，以此解答该题．【解答】解：A（C5H10O2）能在碱性条件下反应生成B和D，A应为酯，D能被氧化，说明D为醇，C能发生银镜反应，说明C为HCOOH，则B为HCOONa，E能发生银镜反应，则说明D为伯醇，符合条件的有CH3CH2CH2CH2OH和（CH3）2CHCH2OH，则A为HCOO（CH2）3CH3、（CH3）2CHCH2OOCH2种，故选A．【点评】本题考查有机物的推断，题目难度不大，本题注意题给信息，掌握官能团的性质是解答该题的关键，特别是D→E转化，为易错点，答题时注意体会．　16．对下面有机物的叙述不正确的是（　　）A．常温下可以和Na2CO3溶液反应生成CO2气体B．在碱性条件下水解，0.5mol该物质完全反应可以消耗4molNaOHC．与稀H2SO4共热生成两种不同的有机物D．该物质的化学式为C14H10O9【考点】有机物的结构和性质．【分析】有机物含有酚羟基，可发生取代、显色和氧化反应，含有羧基，具有酸性，可发生中和、酯化反应，含有酯基，可发生水解反应，以此解答该题．【解答】解：A．含有羧基，可和Na2CO3溶液反应生成CO2气体，故A正确；B．能与氢氧化钠反应的官能团为羟基、羧基和酯基，1mol有机物可与8mol氢氧化钠反应，则0.5mol该物质完全反应可以消耗4molNaOH，故B正确；C．由结构的对称性可知，与稀H2SO4共热，生成1种有机物，苯环上含3个相邻的﹣OH，与中间﹣OH对位上为﹣COOH，故C错误；D．由结构简式可知，该有机物的分子式为C14H10O9，故D正确．故选C．【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重酚、羧酸、酯性质的考查，题目难度不大．　二、解答题（共5小题，满分52分）17．欲分离苯和苯酚，一般可向其混合物中加入稍过量的浓氢氧化钠溶液，反应的离子方程式为　C6H5OH+OH﹣→C6H5O﹣+H2O　．再将该混合物转移到分液漏斗中，振荡，静置后溶液将出现分层现象，然后分液．从分液漏斗放出下层液体，加入适量盐酸，再将其分成两份：向一份溶液中加入三氯化铁溶液，出现的现象是　溶液变成紫色　；向另一份溶液中加入浓溴水，发生反应的化学方程式是　-22-\n　．从分液漏斗上口倒出的上层液体是　苯　．【考点】苯酚的化学性质．【分析】苯酚和与氢氧化钠溶液反应生成易溶于水的苯酚钠，而苯不溶于水，则在分液漏斗中溶液分层，在溶液中加入盐酸生成苯酚，加入氯化铁可发生显色反应，加入浓溴水，苯酚与溴发生取代反应生成三溴苯酚，以此解答．【解答】解：苯酚具有酸性能和氢氧化钠反应生成可溶性的苯酚钠，反应的离子方程式：C6H5OH+OH﹣→C6H5O﹣+H2O，而苯不溶于水，则在分液漏斗中溶液分层，在溶液中加入盐酸生成苯酚，加入氯化铁可发生显色反应，溶液变成紫色，加入浓溴水，苯酚与溴发生取代反应生成三溴苯酚，反应的方程式为，苯的密度比水小，从分液漏斗上口倒出的上层液体是苯，故答案为：C6H5OH+OH﹣→C6H5O﹣+H2O；溶液变成紫色；；苯．【点评】本题考查了苯酚的性质，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，为高频考点，难度不大，注意苯酚与溴水、氢氧化钠反应的性质，为易错点．　18．某有机物A中只含碳、氢、氧三种元素，相对分子质量为102，氢元素的质量分数为9.8%，分子中氢原子个数为氧的5倍．（1）A的分子式为　C5H10O2　．（2）若A为酯类物质，在酸性条件下水解，生成两种相对分子质量相同的有机物，则A的结构简式可能为　CH3COOCH2CH2CH3或CH3COOCH（CH3）2　．（3）若A为羧酸，可由醇B氧化得到，A和B可以生成酯C，符合这些条件的酯只有　4　种，请写出其中一种酯的结构简式：　CH3CH2CH2CH2COOCH2CH2CH2CH2CH3等　．（4）若A中有2个不同的含氧官能团，并含有2个甲基，不能发生消去反应的结构简式为：　　．【考点】有关有机物分子式确定的计算．【专题】有机物分子组成通式的应用规律．【分析】（1）根据氢元素质量分数计算分子中N（H），进而计算N（O），再根据有机物的相对分子质量计算N（C），据此书写有机物的分子式；-22-\n（2）酯在酸性条件下水解后生成相对分子质量相等的两种有机物，则醇比羧酸多一个碳原子，结合A的分子式判断；（3）若A为羧酸，B为可氧化为A的醇，则B中含有﹣CH2OH结构，据此解答；（4）结合A的分子式确定含有2个不同的含氧官能团，进而书写符合条件的同分异构体．【解答】解：（1）有机物A的分子中氢原子数==10，故氧原子数==2，碳原子数为：=5，故A的分子式为C5H10O2，故答案为：C5H10O2；（2）酯在酸性条件下水解后生成相对分子质量相等的两种有机物，则醇比羧酸多一个碳原子，故A的可能为CH3COOCH2CH2CH3或CH3COOCH（CH3）2，故答案为：CH3COOCH2CH2CH3或CH3COOCH（CH3）2；（3）若A为羧酸，B为可氧化为A的醇，则B中含有﹣CH2OH结构，B的结构可能有CH3CH2CH2CH2CH2OH，、（CH3）3CCH2OH，A、B形成酯的结构有4种，二者形成酯的结构为：CH3CH2CH2CH2COOCH2CH2CH2CH2CH3等，故答案为：4；CH3CH2CH2CH2COOCH2CH2CH2CH2CH3等；（4）A分子结构中有两个不同的含氧官能团，为﹣OH和﹣CHO，A中有两个甲基，不能发生消去反应的结构为，故答案为：．【点评】本题考查有机物分子式确定、限制条件同分异构体的书写，难度中等，注意掌握官能团的性质、同分异构体书写．　19．实验室合成乙酸乙酯的步骤如下：在圆底烧瓶内加入乙醇、浓硫酸和乙酸，瓶口竖直安装通有冷却水的冷凝管（使反应混合物的蒸气冷凝为液体流回烧瓶内），加热回流一段时间后换成蒸馏装置进行蒸馏，得到含有乙醇、乙酸和水的乙酸乙酯粗产品．请回答下列问题：（1）在烧瓶中除了加入乙醇、浓硫酸和乙酸外，还应放入碎瓷片，目的是　防止暴沸　，实验中浓硫酸的作用是　催化剂和吸水剂　．（2）反应中加入过量的乙醇，目的是　提高乙酸的转化率　．（3）若用同位素18O示踪法确定反应产物水分子中氧原子的提供者，写出能表示18O位置的化学方程式：　　．（4）如果将上述实验步骤改为在蒸馏烧瓶内先加入乙醇和浓硫酸，然后通过分液漏斗边滴加乙酸，边加热蒸馏．这样操作可以提高酯的产率，其原因是　及时地蒸出生成物，有利于酯化反应向生成酯的方向进行　．（5）现拟分离粗产品乙酸乙酯、乙酸和乙醇的混合物下列框图是分离操作步骤流程图：-22-\n则试剂a是：　饱和的碳酸钠溶液　，分离方法I是　分液　，试剂b是　硫酸　，分离方法Ⅲ是　蒸馏　．【考点】制备实验方案的设计；乙酸乙酯的制取．【分析】（1）对于液体加热蒸馏，应加入碎瓷片，防止暴沸，实验室合成乙酸乙酯的实验中浓硫酸作催化剂和吸水剂；（2）乙酸与乙醇的酯化反应是可逆反应，反应中通常加入过量的乙醇，提高乙酸的转化率；（3）根据合成乙酸乙酯的酯化反应中酸脱羟基、醇脱氢的方法书写化学方程式；（4）合成乙酸乙酯的酯化反应是可逆反应，根据影响平衡移动的因素可知，及时地蒸出生成物，有利于反应向生成物的方向进行；（5）粗产品乙酸乙酯中含有乙酸与乙醇，用饱和的碳酸钠溶液反应掉乙酸，溶解乙醇，同时降低乙酸乙酯的溶解度，便于溶液分层，乙酸乙酯密度比水小，乙酸乙酯在上层，然后利用分液，乙酸乙酯加入无水碳酸钠吸收其中的水，可得乙酸乙酯；溶液中含有乙醇、碳酸钠、乙酸钠，进行蒸馏可以收集乙醇，向蒸出乙醇后得到的溶液中加入硫酸，可以得到乙酸，再进行蒸馏可以收集乙酸．【解答】解：（1）对于液体加热蒸馏，应加入碎瓷片，防止暴沸，实验室合成乙酸乙酯的实验中浓硫酸作催化剂和吸水剂，故答案为：防止暴沸；催化剂和吸水剂；（2）乙酸与乙醇的酯化反应是可逆反应，反应中通常加入过量的乙醇，提高乙酸的转化率；故答案为：提高乙酸的转化率；（3）根据酯化反应的原理可知，合成乙酸乙酯的酯化反应中酸脱羟基、醇脱氢，所以反应的化学方程式为，故答案为：；（4）合成乙酸乙酯的酯化反应是可逆反应，根据影响平衡移动的因素可知，及时地蒸出生成物，有利于酯化反应向生成酯的方向进行，故答案为：及时地蒸出生成物，有利于酯化反应向生成酯的方向进行；（5）粗产品乙酸乙酯中含有乙酸与乙醇，用饱和的碳酸钠溶液反应掉乙酸，溶解乙醇，同时降低乙酸乙酯的溶解度，便于溶液分层，乙酸乙酯密度比水小，乙酸乙酯在上层，然后利用分液，乙酸乙酯加入无水碳酸钠吸收其中的水，可得乙酸乙酯；溶液中含有乙醇、碳酸钠、乙酸钠，进行蒸馏可以收集乙醇，向蒸出乙醇后得到的溶液中加入硫酸，可以得到乙酸，再进行蒸馏可以收集乙酸，故答案为：饱和的碳酸钠溶液；分液；硫酸；蒸馏．-22-\n【点评】本题考查乙酸乙酯的制备，难度不大，注意实验混合液的配制、饱和碳酸钠溶液的作用以及酯化反应的机理，（5）中试剂b选择，由于盐酸易挥发，不能使用盐酸．　20．有机物A（C13H18O2）具有香味，可用作香皂、洗发香波的芳香剂．A可通过如图所示的转化关系而制得．已知：①B属于芳香族化合物，相对分子质量大于100，小于130，其中含氧质量分数为0.131；②D、E具有相同官能团．E分子烃基上的一氯取代物只有一种；③F可以使溴的四氯化碳溶液褪色．请回答下列问题：（1）B的分子式为　C8H10O　；B在上图转化中所发生的反应类型有　氧化反应、消去反应、酯化反应　．（2）F的名称是　苯乙烯　物质C发生银镜反应的化学方程式是　　．（3）D的同分异构体有多种，写出符合下列条件的所有物质的结构简式：　、　a．属于芳香族化合物且苯环上的一氯代物有两种；b．含基团．（4）B和E反应生成A的化学方程式为　　．【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】B属于芳香族化合物，相对分子质量大于100，小于130，其中含氧质量分数为0.131，则质量为13.1～17.03，所以分子组成中仅含一个氧原子，所以B的相对分子量为=122，分子式为C8H10O，可以连续发生氧化反应生成D，则B中含有醇羟基，B在浓硫酸、加热条件下得到F，F使溴的四氯化碳溶液褪色，应是B发生消去反应生成F，所以B为，F的结构简式为，故C为，D为-22-\n．D、E是具有相同官能团，再结合B和E发生酯化反应生成A（C13H18O2），所以E中含5个碳的酸，且E分子烃基上的一氯取代物只有一种，则E为（CH3）3C﹣COOH，B与E发生酯化反应生成A为，据此解答．【解答】解：B属于芳香族化合物，相对分子质量大于100，小于130，其中含氧质量分数为0.131，则质量为13.1～17.03，所以分子组成中仅含一个氧原子，所以B的相对分子量为=122，分子式为C8H10O，可以连续发生氧化反应生成D，则B中含有醇羟基，B在浓硫酸、加热条件下得到F，F使溴的四氯化碳溶液褪色，应是B发生消去反应生成F，所以B为，F的结构简式为，故C为，D为．D、E是具有相同官能团，再结合B和E发生酯化反应生成A（C13H18O2），所以E中含5个碳的酸，且E分子烃基上的一氯取代物只有一种，则E为（CH3）3C﹣COOH，B与E发生酯化反应生成A为；（1）根据以上分析，B的分子式为C8H10O，B→C为氧化反应，B→F为消去反应，B→A为酯化反应，故答案为：C8H10O；氧化反应、消去反应、酯化反应；（2）根据以上分析，F为，名称是苯乙烯，物质C为发生银镜反应的化学方程式是；故答案为：苯乙烯；（3）D为，有多种同分异构体，其中含有结构，含有羧基或酯基，属于芳香族化事物且苯环上的一氯代物有两种，苯环上含有两个不同取代基且处于对位，符合条件的同分异构体的结构简式为：、，故答案为：、；（4）B和E反应生成A的化学方程式为：，-22-\n故答案为：．【点评】本题考查有机物的推断、官能团结构与性质、同分异构体书写、有机反应方程式的书写等，根据B连续发生氧化反应、可以发生消去反应，结合B的分子式确定其结构简式，再结构转化关系推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等．　21．有机物A是一种广谱高效食品防腐剂，如图1是A分子的球棍模型，回答问题：（1）写出A的分子式：　C9H10O3　；（2）A能够发生反应的类型有（填序号）：　①②③　；①氧化反应　②加成反应　③取代反应　④消去反应（3）写出一些图2中草药所含的有机物，其中互为同分异构体的是（填序号）：　②④　；能与Br2水发生加成反应的是（填序号）：　①②④　；（4）A的一种同分异构体B在一定条件下可转化为二氢异香豆素，写出B发生消去反应的化学方程式：　　；（5）A的另一种同分异构体C遇FeCl3溶液显紫色；1mol　C可与　1mol　NaOH　反应生成有机物D；D被Ag（NH3）2OH溶液氧化后经酸化得有机物E，E经酯化、消去两步反应可得香豆素．写出符合上述要求的一种C的结构简式：　或　．【考点】有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】由球棍模型可知A的结构简式为HO﹣C6H4﹣COOCH2CH3，分子中含有酚羟基，可发生取代、氧化反应，含有酯基，可发生水解反应，以此解答（1）﹣（2）；（3）分子式相同，结构不同的互为同分异构体，含碳碳双键的与溴水发生加成反应；-22-\n（4）B为，可发生消去反应；（5）A的另一种同分异构体C遇FeCl3溶液显紫色，说明分子中含有酚羟基；1molC可与1molNaOH反应生成有机物，说明只有一个酚羟基；D被Ag（NH3）2OH溶液氧化后经酸化得有机物E，说明D中含有醛基，E经酯化、消去两步反应可得香豆素．【解答】解：（1）由球棍模型可知结构简式为HO﹣C6H4﹣COOCH2CH3，分子式为C9H10O3，故答案为：C9H10O3；（2）含有酚羟基，可发生取代、氧化反应，含有酯基，可发生水解反应，水解反应属于取代反应，但不能发生消去反应，故答案为：①②③；（3）由图可知，②④的分子式相同，但结构不同，二者互为同分异构体，①②④中含碳碳双键，能与溴水发生加成反应，故答案为：②④；①②④；（4）A的一种同分异构体B在一定条件下可转化为二氢异香豆素，应为，因羟基邻位碳原子含有H原子，可发生消去反应，方程式为，故答案为：；（5）A的另一种同分异构体C遇FeCl3溶液显紫色，则其中含有酚羟基；1molC可与1molNaOH反应生成有机物D；D被Ag（NH3）2OH溶液氧化后经酸化得有机物E即为羧酸，D中含有醛基，E经取代、消去两步反应可得香豆素，符合条件的A的同分异构体为：，故答案为：或．【点评】本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力及烯烃、酚、酯性质的考查，注意把握有机物的官能团的性质和有机物的结构特点，为解答该题的关键，难度不大．　-22-