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【创新设计】(浙江专用)2022届高考数学总复习 第2篇 第5讲 指数与指数函数限时训练 理
【创新设计】(浙江专用)2022届高考数学总复习 第2篇 第5讲 指数与指数函数限时训练 理
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第5讲 指数与指数函数分层A级 基础达标演练(时间:30分钟 满分:55分)一、选择题(每小题5分,共20分)1.(2022·北京朝阳模拟)函数y=的图象大致是( ).解析 当x<0时,函数的图象是抛物线,当x≥0时,只需把y=2x的图象在y轴右侧部分向下平移1个单位即可,故大致图象为B.答案 B2.(2022·中山一模)设<b<a<1,那么( ).A.aa<bb<baB.aa<ba<abC.ab<ba<aaD.ab<aa<ba解析 ∵<b<a<1,∴1>b>a>0,∴ab<aa且aa<ba,故ab<aa<ba.答案 D3.(2022·烟台模拟)函数y=的值域是( ).A.(-∞,1)B.(-∞,0)∪(0,+∞)C.(-∞,-1)∪(0,+∞)D.(-1,+∞)解析 ∵2x>0,∴2x-1>-1,∴<-1或>0,∴y∈(-∞,-1)∪(0,+∞).答案 C4.(2022·丽水二模)当x∈[-2,2]时,ax<2(a>0且a≠1),则实数a的范围是( ).A.(1,)B.C.∪(1,)D.(0,1)∪(1,)解析 x∈[-2,2]时,ax<2(a>0且a≠1),5\n若a>1时,y=ax是一个增函数,则有a2<2,可得a<,故有1<a<;若0<a<1,y=ax是一个减函数,则有a-2<2,可得a>,故有<a<1.综上知a∈∪(1,).答案 C二、填空题(每小题5分,共10分)5.函数y=log2(2x-1)的定义域是________.解析 由2x-1>0,得x>0.答案 {x|x>0}6.已知a=,函数f(x)=ax,若实数m,n满足f(m)>f(n),则m,n的大小关系为________.解析 ∵a=∈(0,1),则f(x)=ax为R上的减函数.∵am>an,∴m<n.答案 m<n三、解答题(共25分)7.(12分)(1)计算:--0.5+(0.008)-÷(0.02)-×(0.32)÷0.06250.25;(2)若x+x-=3,求的值.解 (1)原式=-+÷×÷=÷=×2=.(2)由x+x-=3,得x+x-1+2=9,∴x+x-1=7,∴x2+x-2+2=49,∴x2+x-2=47.∵x+x-=3-3=27-9=18,∴原式==.8.(13分)已知函数f(x)=ax2-4x+3.(1)若a=-1,求f(x)的单调区间;(2)若f(x)有最大值3,求a的值.5\n解 (1)当a=-1时,f(x)=-x2-4x+3,令t=-x2-4x+3=-(x+2)2+7,由于t在(-∞,-2)上单调递增,在[-2,+∞)上单调递减,而y=t在R上单调递减,所以f(x)在(-∞,-2)上单调递减,在[-2,+∞)上单调递增,即函数f(x)的单调递增区间是[-2,+∞),单调递减区间是(-∞,-2).(2)令h(x)=ax2-4x+3,则f(x)=h(x).由于f(x)有最大值3,所以h(x)应有最小值-1,因此必有解得a=1,即当f(x)有最大值3时,a的值等于1.分层B级 创新能力提升1.(2022·惠州质检)设f(x)=|3x-1|,c<b<a且f(c)>f(a)>f(b),则下列关系式中一定成立的是( ).A.3c>3bB.3b>3aC.3c+3a>2D.3c+3a<2解析 作f(x)=|3x-1|的图象如图所示,由图可知,要使c<b<a且f(c)>f(a)>f(b)成立,则有c<0且a>0,∴3c<1<3a,∴f(c)=1-3c,f(a)=3a-1,又f(c)>f(a),∴1-3c>3a-1,即3a+3c<2,故选D.答案 D2.设函数f(x)定义在实数集上,它的图象关于直线x=1对称,且当x≥1时,f(x)=3x-1,则有( ).A.f<f<fB.f<f<fC.f<f<fD.f<f<f解析 由于y=f(x)的图象关于x=1对称,则f(x)=f(2-x).∴f=f=f,f=f=f.又当x≥1时,f(x)=3x-1是增函数.又1<<<,∴f<f<f,即f<f<f.答案 B3.设函数f(x)=a-|x|(a>0且a≠1),若f(2)=4,则f(-2)与f(1)的大小关系是________.解析 由f(2)=a-2=4,解得a=,∴f(x)=2|x|,∴f(-2)=4>2=f(1).答案 f(-2)>f(1)5\n4.(2022·杭州质检)已知f(x)=x2,g(x)=x-m,若对∀x1∈[-1,3],∃x2∈[0,2],f(x1)≥g(x2),则实数m的取值范围是________.解析 x1∈[-1,3]时,f(x1)∈[0,9],x2∈[0,2]时,g(x2)∈,即g(x2)∈,要使∀x1∈[-1,3],∃x2∈[0,2],f(x1)≥g(x2),只需f(x)min≥g(x)min,即0≥-m,故m≥.答案 5.已知函数f(x)=2x-.(1)若f(x)=2,求x的值;(2)若2tf(2t)+mf(t)≥0对于t∈[1,2]恒成立,求实数m的取值范围.解 (1)当x<0时,f(x)=0;当x≥0时,f(x)=2x-,由条件可知2x-=2,即22x-2·2x-1=0,解得2x=1±.∵2x>0,∴x=log2(1+).(2)当t∈[1,2]时,2t+m≥0,即m(22t-1)≥-(24t-1).∵22t-1>0,∴m≥-(22t+1).∵t∈[1,2],∴-(1+22t)∈[-17,-5].故m的取值范围是[-5,+∞).6.(2022·佛山调研)已知定义域为R的函数f(x)=是奇函数.(1)求a,b的值;(2)证明:函数f(x)在R上是减函数;(3)若对任意的t∈R,不等式f(t2-2t)+f(2t2-k)<0恒成立,求k的取值范围.(1)解 因为f(x)是R上的奇函数,故f(0)=0,即=0,解得b=1,从而有f(x)=.又由f(1)=-f(-1)知=-,解得a=2.5\n∴f(x)=.∴a=2,b=1.(2)证明 设x1<x2,f(x1)-f(x2)=-==.∵x1<x2,则2x2-2x1>0,∴f(x1)>f(x2).故f(x)是R上的减函数.(3)解 由(2)知f(x)在R上为减函数,又因为f(x)是奇函数,从而不等式f(t2-2t)+f(2t2-k)<0等价于f(t2-2t)<-f(2t2-k)=f(-2t2+k).因为f(x)是R上的减函数,由上式推得t2-2t>-2t2+k.即对一切t∈R有3t2-2t-k>0恒成立,从而Δ=4+12k<0,解得k<-.5
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高考 - 二轮专题
发布时间:2022-08-26 00:32:36
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