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安徽省阜阳市第三中学2023-2024学年高二上学期期中数学试题(Word版附解析)

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阜阳三中2023~2024学年度高二年级第一学期数学学科二调考试试题考生注意:1.本试卷分选择题和非选择题两部分.满分150分,考试时间120分钟.2.考生作答时,请将答案答在答题卡上.选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效.3.本卷命题范围:人教A版选择性必修一+选择性必修二第一章.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一个选项是符合题目要求的.1.与椭圆C:共焦点且过点的双曲线的标准方程为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据椭圆方程先求解出焦点坐标,然后根据定义求解出的值,结合可求的值,则双曲线方程可求.【详解】因为椭圆的焦点坐标为,即,所以,记,所以,所以,所以,所以双曲线的标准方程为,故选:C.2.设数列是公比为的等比数列,.若数列的连续四项构成集合,则公比为()A.16B.4C.D.【答案】C【解析】【分析】根据等比数列的知识求得题目所给项的排列顺序,从而求得公比. 【详解】由题意等比数列的连续四项构成集合,则可知等比数列的项一定为正负相间,公比为负,由于,故后一项绝对值大于前一项的绝对值,故集合中的这四个数在数列中排列为,则.故选:C3.已知直线与直线平行,则的值为()A.2B.3C.2或-3D.-2或3【答案】A【解析】【分析】由两直线平行的条件求解.【详解】根据题意,由两直线平行可得,即,解得或;经检验时,两直线重合,不合题意;所以.故选:A.4.如图,在三棱柱中,为的中点,若,,,则可表示为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】结合已知条件,利用空间向量的线性运算即可求解.【详解】由题意可知,,因为,,,, 所以.故选:A.5.设动点在抛物线上,点在轴上的射影为点,点的坐标是,则的最小值为()A.B.C.2D.【答案】B【解析】【分析】利用抛物线的定义转化,然后求的最小值即得.【详解】抛物线的焦点,准线方程为,延长交准线于,连,显然垂直于抛物线的准线,由抛物线定义知:,当且仅当点是线段与抛物线的交点时取等号,而,所以的最小值为.故选:B.6.月光石不能频繁遇水,因为其主要成分是钾钠硅酸盐.一块斯里兰卡月光石的截面可近似看成由半圆和半椭圆组成,如图所示,在平面直角坐标系,半圆的圆心在坐标原点,半圆所在的圆过椭圆的右焦点,半椭圆的短轴与半圆的直径重合.若直线与半圆交于点,与半椭圆交于点,则的面积是() A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】先根据题意得到半圆的方程和半椭圆的方程,从而求得点和点的坐标,即可求得,进而即可求得的面积.【详解】由题意知,半圆的方程为,设半椭圆的方程为,则,所以,故半椭圆的方程为,设,则,所以,设,则,所以,故,.故选:B.7.已知数列通项公式为,若对任意,都有则实数的取值范围是()A.B.C.D.【答案】B 【解析】【分析】分段情况下,对任意,都有,只需保证每一段递增,且,结合数列的单调性求解.【详解】当时,,由,得,即,∵且,,∴,解得.当时,单调递增,若对任意,都有,则且,即且,解得,则实数的取值范围是.故选:B.8.“曼哈顿距离”是十九世纪的赫尔曼•闵可夫斯基所创词汇,定义如下:在直角坐标平面上任意两点的曼哈顿距离为:.已知点在圆上,点在直线上,则的最小值为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】如图,作过点作平行于轴的直线交直线于点,过点作于点,结合直线的斜率得出平行于轴,最小,再设,求出,利用三角函数知识得最小值.【详解】如图,过点作平行于轴的直线交直线于点,过点作于点表示的长度,因为直线的方程为,所以,即, 当固定点时,为定值,此时为零时,最小,即与重合(平行于轴)时,最小,如图所示,设,,则,,由三角函数知识可知,其中,则其最大值是,所以,故D正确.故选:D.【点睛】关键点睛:本题的关键是理解曼哈顿距离的定义,得到,再利用辅助角公式即可求出其最值.二、多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.下列说法中不正确的是()A.若直线的斜率越大,则直线的倾斜角就越大B.直线的倾斜角的取值范围是C.过点,且在两坐标轴上截距互为相反数的直线的方程为D.若直线的倾斜角为,则直线的斜率为【答案】ACD【解析】【分析】利用倾斜角与斜率的关系及截距的定义一一判定选项即可. 【详解】对于A,若直线倾斜角大于,则直线的斜率存在负值,故A错误;直线的倾斜角为,则,因为,所以,故B正确;对于C,设直线与轴交点为,则与轴交点为,当时,直线过原点,斜率为,故方程为;当时,直线的斜率,故直线方程为,即,故C错误;直线斜率定义为倾斜角的正切值,但不能是,故D错误.故选:ACD.10.在三棱锥A-BCD中,,是直二面角,,如图所示,则下列结论中正确的是()A.B.平面的法向量与平面的法向量垂直C.异面直线与所成的角为D.直线与平面所成的角为【答案】AD【解析】【分析】选项A,由,平面平面,推出平面,即;选项B,由平面平面,平面与平面不平行,可判断;选项C,根据,,计算即可;选项D,易知即为直线与平面所成的角,得解. 【详解】由题意知,平面平面,,选项A,因为,平面平面,平面平面,平面,所以平面,平面,所以,即,故选项A正确;选项B,因为平面平面,所以平面的法向量与平面的法向量垂直,而平面与平面相交,并不平行,所以平面的法向量与平面的法向量不垂直,即选项B错误;选项C,设,则,,所以,在中,,所以,,由于异面直线所成角的取值范围为,故异面直线与所成的角余弦值为,对应的角显然不可能为,即选项C错误;选项D,由选项A知,平面,所以即为直线与平面所成的角,而,故选项D正确.故选:AD11.抛物线有如下光学性质:由其焦点射出的光线经拋物线反射后,沿平行于拋物线对称轴的方向射出.反之,平行于拋物线对称轴的入射光线经拋物线反射后必过抛物线的焦点.已知抛物线为坐标原点,一束平行于轴的光线从点射入,经过上的点反射后,再经上另一点反射后,沿直线射出,经过点,则()A.平分B.C.延长交直线于点,则三点共线D. 【答案】ACD【解析】【分析】对于A,根据题意求得,,从而证得,结合平面几何知识易得平分;对于B,直接代入即可得到;对于C,结合题意求得,由的纵坐标相同得三点共线;对于D,由选项A可知.【详解】根据题意,由得,又由轴,得,代入得(负值舍去),则,所以,故直线为,即,依题意知经过抛物线焦点,故联立,解得,即,对于A,,,故,所以,又因为轴,轴,所以,故,所以,则平分,故A正确;对于B,因为,故,故B错误;对于C,易得的方程为,联立,故,又轴,所以三点的纵坐标都相同,则三点共线,故C正确;对于D,由选项A知,故D正确. 故选:ACD..12.设数列,如果,且,对于,使成立,则称数列为数列.则下列说法正确的是()A.数列是数列B.若数列是数列,且,则的最小值为3C.若数列是数列,且,则为奇数D.若数列是数列,且,则存在,使【答案】AB【解析】【分析】根据数列的性质,结合假设法、奇数的性质逐一判断即可.【详解】对于A,因为所以是数列,A正确;对于,首先证明不能为2.假设,由数列为数列知,.所以,与已知矛盾,故假设不成立.所以不能为2.因为数列,满足, 此时是数列,所以的最小值为正确.对于,以下证明:若为奇数,则必为奇数.假设数列中存在偶数,设是数列中第一个偶数,因为数列是数列,所以,使.因为均为奇数,所以也为奇数,与为偶数矛盾.所以若为奇数,则必为奇数.因为为偶数,所以不能为奇数,只能为偶数,C错误.对于,以下证明:若,则.若不然,设为第一个满足的项,因为数列是数列,所以,使因为,所以,与矛盾;所以若,则.而,D错误.故选:AB【点睛】关键点睛:本题的关键是明确数列的性质,利用假设法进行求解.三、填空题:共4小题,每小题5分,共20分.13.圆与圆的公共弦的长为______.【答案】【解析】【分析】将两圆方程作差可得出相交弦所在直线的方程,求出圆的圆心到相交弦所在直线的距离,利用勾股定理可求得相交弦长.【详解】将圆与圆相减可得,即两圆的公共弦所在的直线方程为, 又圆圆心到直线的距离,圆的半径为,所以公共弦长为.故答案为:.14.在平行六面体中,底面是边长为2的正方形,侧棱的长为3,且,则为__________.【答案】7【解析】【分析】以为基底表示出,然后根据数量积性质可得.【详解】如图,在平行六面体中,,因为,所以,,所以.故答案为:715.已知数列满足,在和之间插入个1,构成数列,则数列的前20项的和为__________.【答案】77【解析】 【分析】先根据题意得到数列有多少个数,再根据即可计算数列的前20项的和.【详解】在之间插入个1,构成数列,所以共有个数,当时,,当时,,由于,所以.故答案为:.16.已知分别是双曲线的左、右焦点,点在双曲线上,,圆,直线与圆相交于两点,直线与圆相交于,两点.若四边形的面积为,则的离心率为__________.【答案】##【解析】【分析】设,过作的垂线,垂足为,,结合双曲线的定义求得圆的弦长及,然后由面积得出关于的齐次式,变形后求得离心率.【详解】根据对称性不妨设点在第一象限,如图所示,圆,圆心为,半径为,设,点在双曲线上,,则有,可得,过作的垂线,垂足为为的中点,则,同理,,由,四边形的面积为,化简得, 则有,则离心率.故答案为:.【点睛】关键点睛:本题的关键是利用双曲线的定义以及勾股定理,并结合几何法求圆的弦长,最后得到面积表达式,得到关于的齐次方程即可.四、解答题:共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知首项为1的正项等比数列,且成等差数列.(1)求数列的通项公式;(2)若,求的最小值.【答案】(1)(2)7【解析】【分析】(1)根据等差数列的性质列方程求得公比后可得通项公式;(2)求出前项和后解不等式可得.【小问1详解】设等比数列的公比为,且,因为成等差数列,则,即:,解得或(舍去),所以数列的通项公式.【小问2详解】 由(1)得:,,所以,整理可得,故的最小值为7.18.某公园有一圆柱形建筑物,底面半径为1米,在其南面有一条东西走向的观景直道(图中用实线表示),建筑物的东西两侧有与直道平行的两段辅道(图中用虚线表示),观景直道与辅道距离米.在建筑物底面中心的北偏东方向米的点处,有一台全景摄像头,其安装高度低于建筑物高度.请建立恰当的平面直角坐标系,并解决问题:(1)在西辅道上与建筑物底面中心距离2米处的游客,是否在摄像头监控范围内?(2)求观景直道不在摄像头的监控范围内的长度.【答案】(1)游客在该摄像头的监控范围内(2)4.375米【解析】【分析】(1)建立坐标系,利用直线和圆的位置关系可以判断;(2)根据直线和圆相切求出切线,利用切线和观景直道所在直线的交点可得范围.【小问1详解】设为原点,正东方向为轴,建立平面直角坐标系,,因为,则,依题意得,游客所在位置,即, 则直线的方程为,即,所以圆心到直线的距离,所以直线与圆相离,所以游客在该摄像头的监控范围内.【小问2详解】由图知,过的直线与圆相切或相离时,摄像头监控不会被建筑物挡住,所以设直线过点且和圆相切,①若直线垂直于轴,则直线不会和圆相切;②若直线不垂直于轴,设,整理得,所以圆心到直线的距离为,解得或,所以或,即或,观景直道所在直线方程为,设两条直线与的交点为,由,解得, 由,解得,所以,即观景直道不在该摄像头的监控范围内的长度为4.375米.19.如图,在正四棱锥中,,正四棱锥的体积为,点为的中点,点为的中点.(1)求证:平面;(2)求二面角的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)利用三角形的中位线定理及线面平行的判定定理即可求解;(2)根据已知条件建立空间直角坐标系,利用棱锥的体积公式,求出及相关点的坐标,分别求出平面和平面的法向量,利用向量的夹角公式,结合向量的夹角与二面角的关系即可求解.【小问1详解】 在正四棱锥中,连接,四边形为正方形为的中点又点为的中点为的中位线又平面,平面,平面.【小问2详解】以为坐标原点,建立空间直角坐标系,如图所示,因为正四棱锥的体积为,所以正四棱锥的体积,所以,,,设平面的一个法向量为,则,即,令,则,所以.设平面的一个法向量为,则 ,即,令,则,所以.设二面角的所成的角为,则,所以二面角的余弦值为.20.已知数列满足,且.(1)求数列通项公式;(2)设,且数列的前n项和为,若恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)写出当时的等式,再与原式两式相除求解即可;(2)由(1),再根据错位相减求解可得,再化简不等式可得,再设,根据作差法判断的单调性,进而可得最大值.【小问1详解】,当时,,两式相除得;,又符合上式,故;【小问2详解】 ,,,错位相减得:,,即,由,得,设,则,故,由,由可知,随着的增大而减小,故,故恒成立,知单调递减,故的最大值为,则21.双曲线C经过两点.过点的直线与双曲线C交于P,Q,过点的直线与直线相交于点S且(1)求双曲线C的方程;(2)若,求直线的斜率.【答案】(1) (2)或.【解析】【分析】(1)设双曲线方程为,代入运算求解即可;(2)根据题意可知直线的斜率存在,设直线,,,联立方程,利用弦长公式结合韦达定理运算求解.【小问1详解】设双曲线方程为,代入可得,解得,所以双曲线的方程为.【小问2详解】若直线的斜率不存在时,则,,不符合,所以直线的斜率存在,设直线,,,联立方程,消去y得,则且,可得, 则,又因为,可知,则,由题意可知:,即,整理得,解得或,且或均符合且,所以直线的斜率或.22.在平面直角坐标系中,已知椭圆的离心率为,且右焦点到直线的距离为.(1)求椭圆的标准方程;(2)设椭圆上的任一点,从原点向圆引两条切线,设两条切线的斜率分别为,(i)求证:为定值;(ii)当两条切线分别交椭圆于时,求证:为定值.【答案】(1)(2)(i)证明见解析;(ii)证明见解析 【解析】【分析】(1)直接列出关于的方程组求解;(2)(i)写出切线方程,由圆心到切线距离等于半径可以得出与的关系,从而得出是某个一元二次方程的解,利用韦达定理可得;(ii)设,利用及椭圆方程求得,再求得后可得.【小问1详解】题意,,解得,所以椭圆的方程为.【小问2详解】(i)证明:依题意,两条切线方程分别为,由,化简得,同理.所以是方程的两个不相等的实数根,则.又因为,所以,所以.(ii)证明:由(得,,设,则,即, 因为,所以,得,即,解得,所以,所以为定值.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2024-01-15 23:30:01 页数:24
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文章作者:随遇而安

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