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安徽省合肥市合肥卓越中学2023-2024学年高二上学期期中数学试题(Word版附解析)
安徽省合肥市合肥卓越中学2023-2024学年高二上学期期中数学试题(Word版附解析)
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安徽省合肥卓越中学2023-2024学年上学期高二年级数学期中考试(考试总分:150分考试时长:120分钟)一、单选题(本题共计8小题,总分40分)1.经过两点的直线的倾斜角为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据直线上任意两点可求出斜率,从而求出倾斜角.【详解】由题意得,所以直线的倾斜角为;故选:A2.以点为圆心,且与直线相切的圆的方程为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据给定条件,利用点到直线的距离公式求出圆的半径即可得解.【详解】由直线为圆的切线,得圆的半径,所以所求圆的方程为.故选:A 3.已知,如果与为共线向量,则( )A.1B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由与为共线向量则求解即可.【详解】因为与为共线向量,所以,即,解得,故选:D4.经过两条直线,的交点,且直线的一个方向向量的直线方程为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】联立方程组求得两直线的交点坐标为,再由题意,得到,结合直线的点斜式方程,即可求解.【详解】联立方程组,解得,即两直线的交点坐标为,因为直线一个方向向量,可得所求直线的斜率为,所以所求直线方程为,即.故选:A.5.如图,在正方体中,M,N分别为AB,B1C的中点,若AB=a,则MN的长为() A.aB.aC.aD.a【答案】A【解析】【分析】根据空间向量的基本定理,用,,表示,将线段长度问题转换为向量模长问题.【详解】设,,,则构成空间的一个正交基底.,故,所以MN=a.故选:A6.已知,则的最小值为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】利用直线与圆的位置关系及两点距离公式计算即可.【详解】易知为圆上一点与直线上一点的距离的平方,易知圆心,半径,点C到直线的距离,则. 故选:B7.在我国古代的数学名著《九章算术》中,堑堵指底面为直角三角形,且侧棱垂直于底面的三棱柱,鳖臑指的是四个面均为直角三角形的三棱锥.如图,在堑堵中,,当鳖臑的体积最大时,直线与平面所成角的正弦值为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】先根据鳖臑体积最大求出和的值,建系求出各点坐标,利用向量即可求出直线与平面所成角的正弦值.【详解】在堑堵中,,,,,,,,当且仅当是等号成立,即当鳖臑的体积最大时,, 以为原点,为轴,为轴,为轴,建立空间直角坐标系,,,,,,,,设平面的法向量,则,取,得,设直线与平面所成角为,则,直线与平面所成角的正弦值为.故选:C.8.已知椭圆,为两个焦点,O为原点,P为椭圆上一点,,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据椭圆的定义结合余弦定理求出的值,利用,根据向量模的计算即可求得答案. 【详解】由题意椭圆,为两个焦点,可得,则①,即,由余弦定理得,,故,②联立①②,解得:,而,所以,即,故选:B【点睛】方法点睛:本题综合考查了椭圆和向量知识的结合,解答时要注意到O为的中点,从而可以利用向量知识求解.二、多选题(本题共计4小题,总分20分)9.已知平面的一个法向量为,以下四个命题正确的有()A.若直线的一个方向向量为,则B.若直线的一个方向向量为,则C.若平面的一个法向量为,则D.若平面的一个法向量为,则【答案】BD【解析】 【分析】由,可判断AB;由可判断CD【详解】对于AB:平面的一个法向量为,直线的一个方向向量为,所以,所以与不垂直,又,所以,所以,故A错误,B正确;对于CD:平面的一个法向量为,平面的一个法向量为,,所以,所以,所以,故C错误,D正确;故选:BD10.已知方程,则下列说法正确的是()A.当时,表示圆心为的圆B.当时,表示圆心为的圆C.当时,表示的圆的半径为D.当时,表示的圆与轴相切【答案】BCD【解析】【分析】将圆的一般方程化为标准方程,结合选项,逐项判定,即可求解.【详解】由题意,方程,可化为,可圆的圆心坐标为,A中,当时,此时半径为,所以A错误;B中,当时,此时半径大于,表示圆心为的圆,所以B正确; C中,当时,表示的圆的半径为,所以C正确;D中,当时,可得,方程表示的圆半径为,又圆心坐标为,所以圆心到轴的距离等于半径,所以圆与轴相切,所以D正确.故选:BCD.11.已知(a,)是直线l的方向向量,是平面的法向量,则下列结论正确的是()A.若,则B.若,则C若,则D.若,则【答案】ACD【解析】【分析】选项A、B:根据求解;选项C、D:根据,向量的平行求解;【详解】对于A,B,若则,所以,即,即,A正确,B错误;对于C、D,若,则,所以,即且,C、D正确.故选:ACD.12.如图所示,一个底面半径为的圆柱被与其底面所成的角为的平面所截,截面是一个椭圆,则()A.椭圆的长轴长为4 B.椭圆的离心率为C.椭圆的方程可以为D.椭圆上的点到焦点的距离的最小值为【答案】ACD【解析】【分析】结合图象根据椭圆的长轴,短轴的几何意义求椭圆的,由此判断各选项.【详解】设椭圆的长半轴长为,椭圆的长半轴长为,半焦距为,由图象可得,∴,又,,∴,∴椭圆的长轴长为4,A对,椭圆的离心率为,B错,圆的方程可以为,C对,椭圆上的点到焦点的距离的最小值为,D对,故选:ACD.三、填空题(本题共计4小题,总分20分)13.两直线与平行,则它们之间的距离为__________.【答案】【解析】分析】根据给定条件,利用平行线间距离公式求解即得.【详解】两直线与平行,则,即,直线化为:,于是. 所以所求距离为.故答案为:14.圆与圆的公共弦长为__________.【答案】【解析】【分析】将两圆方程作差可得出相交弦所在直线的方程,求出圆的圆心到相交弦所在直线的距离,利用勾股定理可求得相交弦长.【详解】设圆与圆相交于,两点,圆的半径,将两圆的方程相减可得,即两圆的公共弦所在的直线方程为,又圆心到直线的距离,,所以,解得.故答案为:.15.如图,平行六面体的底面是边长为的正方形,且,,则线段的长为_____.【答案】【解析】【分析】以为基底表示出空间向量,利用向量数量积的定义和运算律求解得到,进而得到的长. 【详解】,,即线段的长为.故答案为:.16.古希腊著名数学家阿波罗尼斯发现:平面内到两个定点距离之比为定值(且)的点的轨迹是圆,此圆被称为“阿氏圆”.在平面直角坐标系中,点,满足的动点的轨迹为,若在直线上存在点,在上存在两点A、B,使得,则实数的取值范围是______.【答案】【解析】【分析】根据求轨迹方程的步骤:1.设点的坐标;2.找等量关系列方程;3.化简.先求出动点的轨迹方程,然后根据题意要使在直线上存在点,在上存在两点A、B,使得成立,则点到圆心的距离小于等于,利用点到直线的距离公式即可求解.【详解】设,因为,,又因为,所以,化简整理可得:,动点的轨迹是以为圆心,以2为半径的圆,因为直线过定点,若在直线上存在点,在上存在两点A、B,使得,由数形结合可知:当A、B为圆的切点时点到圆心的距离达到最大,此时为,所以点到圆心的距离小于等于,也即,解之可得:,所以实数的取值范围是, 故答案为:.四、解答题(本题共计6小题,总分70分)17.在平行四边形ABCD中,,,,点E是线段BC的中点.(1)求直线CD的方程;(2)求过点A且与直线DE垂直的直线.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)根据给定条件,求出点D的坐标,再求出直线CD的方程作答.(2)求出点E坐标及直线DE的斜率,再利用垂直关系求出直线方程作答.【小问1详解】在平行四边形ABCD中,,,,则,则点,直线CD的斜率,则有,即,所以直线CD的方程是.【小问2详解】依题意,点,则直线DE的斜率,因此过点A且与直线DE垂直的直线斜率为,方程为,即,所以所求方程是.18.如图,在正方体中,为的中点.(1)证明:直线平面; (2)求异面直线与所成角的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)根据线线平行,结合线面平行的判定即可求证,(2)建立空间直角坐标系,利用向量的夹角即可求解线线角.【小问1详解】如图,连接交于点,连接,由于为的中点,为的中点,则,又因为平面平面,所以平面【小问2详解】以为原点,所在直线为轴、轴、轴,建立如图所示的空间直角坐标系.设正方体的棱长为,则,所以,,设与所成角为, 则所以与所成角的余弦值为.19.已知圆的圆心坐标,直线被圆截得弦长为.(1)求圆的方程;(2)从圆外一点向圆引切线,求切线方程.【答案】(1)(2)或【解析】【分析】(1)计算出圆心到直线的距离,利用勾股定理求出圆的半径,由此可得出圆的方程;(2)对切线的斜率是否存在进行分类讨论,在第一种情况下,写出切线方程,直接验证即可;在第二种情况下,设出切线方程为,利用圆心到切线的距离等于圆的半径,由此可得出所求切线的方程.小问1详解】解:圆心到直线的距离为,所以,圆的半径为,因此,圆的方程为.【小问2详解】解:当切线的斜率不存在时,则切线的方程为,且直线与圆相切,合乎题意;当切线的斜率存在时,设切线方程为,即,由题意可得,解得,此时,切线的方程为.综上所述,所求切线的方程为或.20.如图,在四棱台中,底面为矩形,平面平面,且 .(1)证明:平面;(2)若,求平面与平面夹角的余弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)连结,进而利用勾股定理证明,结合题中条件利用线面垂直的判断定理证明即可;(2)以为坐标原点,建立空间直角坐标系,求出平面与平面的法向量,计算即可.【小问1详解】如图,在梯形中,因为,作于,则,所以,所以,连结,由余弦定理可求得因为,所以,因为平面平面且交于,平面,所以平面因为平面,所以,因为,平面,所以平面. 【小问2详解】连结,由(1)可知,平面,所以与平面所成的角为,即,在中,因为,所以因为,所以平面与平面是同一个平面.以为坐标原点,建立空间直角坐标系如图所示,则,所以设平面的法向量为,则有,,即,令,则,故由题意可知是平面的一个法向量所以, 故平面与平面夹角的余弦夹角的值为.21.如图,相距14km两个居民小区M和N位于河岸l(直线)的同侧,M和N距离河岸分别为10km和8km.现要在河的小区一侧选一地点P,在P处建一个生活污水处理站,从P排直线水管PM,PN分别到两个小区和垂直于河岸的水管PQ,使小区污水经处理后排入河道.设PQ段长为tkm(0<t<8).(1)求污水处理站P到两小区的水管的总长最小值(用t表示);(2)请确定污水处理站P的位置,使所排三段水管的总长最小,并求出此时污水处理站分别到两小区水管的长度.【答案】(1)(2)P点距河岸5km,距小区M到河岸的垂线km,此时污水处理站到小区M和N的水管长度分别为10km和6km.【解析】【分析】(1)本题实质为在一直线上求一点到两定点距离之和最小,其求法为利用三角形两边之和大于第三边:先作N关于直线的对称点,再利用得最小值(2)由(1)知三段水管的总长,因此总长最小就是求最小值,这种函数最小值可利用判别式法求解,即从方程有解出发,利用判别式不小于零得解.【详解】(1)如图,以河岸所在直线为轴,以过垂直于的直线为轴建立直角坐标系,则可得点, 设点,过P作平行于轴的直线m,作N关于m的对称点,则.所以即为所求.(2)设三段水管总长为,则由(1)知,所以在上有解.即方程在上有解.故,即,解得或,所以的最小值为21,此时对应的.故,方程为,令得,即,从而,.所以满足题意的P点距河岸5km,距小区M到河岸的垂线km,此时污水处理站到小区M和N的水管长度分别为10km和6km.22.已知椭圆的上顶点与左、右焦点连线的斜率之积为. (1)求椭圆的离心率;(2)已知椭圆的左、右顶点分别为,且,点是上任意一点(与不重合),直线分别与直线交于点为坐标原点,求.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由椭圆标准方程可写出顶点以及焦点坐标,由斜率之积可得,即可求出离心率;(2)设出点坐标,写出直线和的方程求出交点坐标,利用化简的表达式即可求得结果.【小问1详解】根据题意可得椭圆的上顶点的坐标为,左、右焦点的坐标分别为,由题意可知,即,又,所以,即,可得椭圆的离心率.【小问2详解】由,得,即,所以椭圆的方程为.如图所示: 设,则,即,又,则直线的方程为,直线的方程为;因为直线分别与直线交于点,可得,所以.
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高中 - 数学
发布时间:2023-12-29 17:55:02
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