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河南省郑州市外国语学校2023-2024学年高一上学期12月月考数学试题(Word版附解析)
河南省郑州市外国语学校2023-2024学年高一上学期12月月考数学试题(Word版附解析)
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郑州外国语学校2023-2024学年高一上期月考2试卷数学(100分钟100分)一.选择题(共8题,每题4分,共32分)1.集合,则()A.B.C.D.2.命题“”的否定是()A.B.C.D.3.已知扇形的周长为20cm,当扇形面积的最大值时,扇形圆心角为()A.1.5B.2C.2.5D.34.已知函数的定义域为,则函数的定义域为()A.B.C.D.5.在平面直角坐标系中,点位于第()象限A一B.二C.三D.四6.根据有关资料,围棋状态空间复杂度的上限M约为3361,而可观测宇宙中普通物质的原子总数N约为1080.则下列各数中与最接近的是(参考数据:lg3≈0.48)A.1033B.1053C.1073D.10937.定义在区间上的函数与的图象交点为,则的值为( )A.B.C.D. 8.函数为数学家高斯创造的取整函数.表示不超过的最大整数,如,,已知函数,则函数的值域是()A.B.C.D.二、多选题(共4小题,每题4分,共16分.全部选对得4分,部分选对得2分,有选错的0分)9.若,则下列命题中为真命题的是()A.若,则B.若,则C.若,则D.若,则10.已知正数,满足,则下列各选项正确的是()A.的最小值为B.的最小值为C.的最小值为8D.11.设函数,则下列说法正确的是()A.若的最小正周期为,则B.若,则图象关于点对称C.若在区间上单调递增,则D.若在区间上恰有2个零点,则12.已知函数的定义域是,对都有,且当时,,且,下列说法正确的是()A.B.函数在上单调递减C. D.满足不等式的取值范围为三、填空题(共4小题,每题4分,共16分)13.函数的单调递增区间为___________.14.函数的图象的对称轴中,离y轴最近的对称轴方程为________.15.函数的定义域是R,则a的取值范围是____________________________.16.已知函数,若关于x的方程有4个不相等的实数根、、、,则的取值范围是______.四、解答题(共4小题,共36分)17.已知.(1)化简函数;(2)若,求和的值.18.已知函数.(1)当时,求函数零点;(2)当时,求不等式的的解集.19.已知函数.(1)求的单调递增区间;(2)若在区间上值域为,求的取值范围.20.已知定义在R上的函数满足且,.(1)求的解析式;(2)若不等式恒成立,求实数a取值范围; (3)设,若对任意的,存在,使得,求实数m取值范围. 郑州外国语学校2023-2024学年高一上期月考2试卷数学(100分钟100分)一.选择题(共8题,每题4分,共32分)1.集合,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由对数函数定义域得,二次函数值域得,即可根据补集、交集运算法则求得结果【详解】由,,则;又,则,,故.故选:B2.命题“”的否定是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】直接根据全称命题的否定是特称命题得到答案.【详解】命题“”的否定是:.故选:C3.已知扇形的周长为20cm,当扇形面积的最大值时,扇形圆心角为()A.1.5B.2C.2.5D.3【答案】B【解析】【分析】由扇形的周长和面积,利用基本不等式可求出面积的最大值,进而求出圆心角的大小. 【详解】扇形周长,扇形面积由,可得,当且仅当时,面积有最大值,扇形的圆心角故选:B【点睛】本题考查了扇形的周长和面积公式、基本不等式求最值等基本知识,考查了运算求解能力和逻辑推理能力,属于中档题目.4.已知函数的定义域为,则函数的定义域为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】利用抽象函数的定义域求解即可.【详解】因为函数的定义域为,即,所以,所以函数的定义域为,由,得,所以函数的定义域为.故选:B.5.在平面直角坐标系中,点位于第()象限A.一B.二C.三D.四【答案】D【解析】【分析】运用诱导公式计算出P点坐标的符号就可判断出P点所在的象限.详解】,,第四象限;故选:D.6.根据有关资料,围棋状态空间复杂度的上限M约为3361,而可观测宇宙中普通物质的原子总数N 约为1080.则下列各数中与最接近的是(参考数据:lg3≈0.48)A.1033B.1053C.1073D.1093【答案】D【解析】【详解】试题分析:设,两边取对数,,所以,即最接近,故选D.【名师点睛】本题考查了转化与化归能力,本题以实际问题的形式给出,但本质就是对数的运算关系,以及指数与对数运算的关系,难点是令,并想到两边同时取对数进行求解,对数运算公式包含,,.7.定义在区间上的函数与的图象交点为,则的值为( )A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】将点坐标代入两个函数的解析式,结合同角三角函数的基本关系式求得.【详解】依题意,,所以,,,,,其中, 所以故选:A8.函数为数学家高斯创造的取整函数.表示不超过的最大整数,如,,已知函数,则函数的值域是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据已知条件,对分类讨论,根据取整函数的要求,即可求得值域.【详解】当时,,则,此时函数的值域;若,则,当时,,当且仅当时等号成立;则,所以,则此时函数的值域为,;当时,,所以,当且仅当时等号成立,则,即,则此时函数的值域为.综上所述,函数的值域是.故选:二、多选题(共4小题,每题4分,共16分.全部选对得4分,部分选对得2分,有选错的0分)9.若,则下列命题中为真命题的是()A若,则B.若,则 C.若,则D.若,则【答案】BC【解析】【分析】取特值可判断A,D;由不等式的性质可判断B,C.【详解】对于A,取,但,故A错误;对于B,若,对不等式两边同时平方则,故B正确;对于C,若,则,所以,故C正确;对于D,若,取,则,故D错误.故选:BC.10.已知正数,满足,则下列各选项正确的是()A.的最小值为B.的最小值为C.的最小值为8D.【答案】ABC【解析】【分析】结合基本不等式及相关结论检验各选项即可判断【详解】对于,因为,即,所以,当且仅当时取等号,正确;对于B,由基本不等式得,,所以,当且仅当时取等号,故B正确;对于C,即,当且仅当时取等号,故C正确;对于D,由可得,即,故D错误.故选:ABC. 11.设函数,则下列说法正确的是()A.若的最小正周期为,则B.若,则的图象关于点对称C.若在区间上单调递增,则D.若在区间上恰有2个零点,则【答案】AD【解析】【分析】根据正弦函数的图象和性质逐一判断即可.【详解】对于A,若的最小正周期为,则,解得,故A正确;对于B,若,则,时,,故B错误;对于C,时,,因为在上单调递增,则,解得,故C错误;对于D,时,,若在上恰有2个零点,则,解得,故D正确.故选:AD.12.已知函数的定义域是,对都有,且当时,,且,下列说法正确的是()A. B.函数在上单调递减C.D.满足不等式的的取值范围为【答案】ACD【解析】【分析】令求的值可判断A;令可得,利用函数单调性的定义证明的单调性可判断B;由与计算判断C;通过计算可得,原不等式等价于,利用单调性求出的取值范围可判断D.【详解】因为,令,可得,解得,所以A正确;令,可得,所以,任取且,则,因为,所以,所以,可得函数在上单调递增函数,所以B不正确;由,,所以C正确;因为,由,可得, 所以,所以等价于,即,因为函数在上单调递增函数,可得,解得,即不等式的解集为,所以D正确.故选:ACD.三、填空题(共4小题,每题4分,共16分)13.函数的单调递增区间为___________.【答案】【解析】【分析】由求出函数的定义域,函数是由和复合而成,由复合函数的单调性可知求出的单调增区间即可求解.【详解】由可得,解得:,所以函数的定义域为,因为是由和复合而成,对称轴为,开口向下,所以在上单调递增,在上单调递减,因为单调递增,所以在上单调递增,在上单调递减,所以的单调递增区间为, 故答案为:.14.函数的图象的对称轴中,离y轴最近的对称轴方程为________.【答案】##【解析】【分析】令求解.【详解】令,得,其中离y轴最近的对称轴为.故答案为:15.函数的定义域是R,则a的取值范围是____________________________.【答案】[0,4)【解析】【分析】由题意分类讨论a=0和a≠0两种情况确定实数a的取值范围即可.【详解】当a=0时,函数解析式为:,其定义域为,满足题意,当时,应满足:,求解不等式组可得:,综上可得,实数的取值范围是[0,4).故答案为[0,4).【点睛】本题主要考查对数函数的性质,由函数的定义域确定参数的方法,分类讨论的数学思想等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.16.已知函数,若关于x的方程有4个不相等的实数根、、、,则的取值范围是______.【答案】【解析】【分析】画出函数图象,根据方程的根的个数转化为的图象与直线有4 个不同的公共点,数形结合求得m范围,以及、、、之间的关系及对应范围,即可求解.【详解】由的解析式作出的大致图象,如图所示:方程有4个不等实数根等价于的图象与直线有4个不同的公共点,则,不妨令,则由图可知,,,所以,,由,得.所以,设,则,根据对勾函数单调性知在区间上单调递增,所以,即的取值范围是.故答案为:.四、解答题(共4小题,共36分)17.已知.(1)化简函数;(2)若,求和的值.【答案】17. 18.;.【解析】【分析】(1)由三角函数的诱导公式化简得出;(2)由三角函数的诱导公式化简再计算得出.【小问1详解】【小问2详解】因为,所以,所以;.18.已知函数.(1)当时,求函数的零点;(2)当时,求不等式的的解集.【答案】(1)2或3(2)答案见解析【解析】【分析】(1)根据零点定义计算求解即可;(2)分类讨论结合根的情况解不等式.【小问1详解】当时,,令,得或,所以的零点为2或3.【小问2详解】当时,,则为,得; 当时,,当即时,的解为或;当即时,的解为;当即时,的解为或,综上所述,当时,的解集为;当即时,的解集为或当时,的解集为;当即时,的解集为或.19.已知函数.(1)求单调递增区间;(2)若在区间上的值域为,求的取值范围.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)令即可求得单调递增区间;(2)由,得,画出在的图象,可得,从而可求解.【小问1详解】令,解得.故的单调递增区间为.【小问2详解】 因为,所以.画出在的图象如图所示:所以,解得.故的取值范围为.20.已知定义在R上的函数满足且,.(1)求的解析式;(2)若不等式恒成立,求实数a取值范围;(3)设,若对任意的,存在,使得,求实数m取值范围.【答案】(1)(2)(3)【解析】【分析】(1)根据,代入计算可得;(2)根据单调性得,分离参数求最值即可.(3)因为对任意的,存在,使得,等价于,先求的最小值,再分类讨论对称轴与区间的位置关系,使的最小值满足小于等于1的条件,求解即可. 【小问1详解】由题意知,,即,所以,故.【小问2详解】由(1)知,,所以在R上单调递增,所以不等式恒成立等价于,即恒成立.设,则,,当且仅当,即时取等号,所以,故实数a的取值范围是.【小问3详解】因为对任意的,存在,使得,所以在上的最小值不小于在上的最小值,因为在上单调递增,所以当时,,又的对称轴为,,当时,在上单调递增,,解得,所以;当时,在上单调递减,在上单调递增,,解得,所以; 当时,在上单调递减,,解得,所以,综上可知,实数m的取值范围是.
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