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宁夏银川市唐徕中学2023-2024学年高二上学期9月月考数学试题(Word版附解析)

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银川市唐徕中学2023~2024学年度第一学期9月月考高二年级数学试卷一、单项选择题:本大题共8小题,每小题5分,共40分.1.直线的倾斜角为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由斜率直接求解倾斜角即可.【详解】设倾斜角为,则,则.故选:C.2.已知空间向量,,,若三向量、、共面,则实数()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】设,其中、,利用空间向量的坐标运算可得出关于、、的方程组,即可解得的值.【详解】因为三向量、、共面,设,其中、,则,解得.故选:B.3.已知直线:,和直线:垂直,则().A.B.C.或D.【答案】C【解析】【分析】根据两直线垂直,得到方程,求出得或1.【详解】因为直线和直线垂直,故,解得或1,经检验,符合要求. 故选:C4.如图所示,已知等腰直角三角形ADE与正方形ABCD所在的平面互相垂直,且,F是线段CD的中点,则BD与EF所成的角的余弦值为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】以A为原点建立空间直角坐标系,写出和的坐标利用夹角公式求出余弦值即可.【详解】因为平面ADE⊥平面ABCD,平面平面ABCD=AD,AE⊥AD,平面ADE,所以AE⊥平面ABCD,又平面ABCD,所以AE⊥AB,又AB⊥AD,所以AB,AD,AE两两垂直,分别以AB、AD、AE所在直线为x轴、y轴、z轴,建立空间直角坐标系,如图所示:可得B(2,0,0),D(0,2,0),E(0,0,2),F(1,2,0),∴,,设BD与EF所成角大小为α,则, 即BD与EF所成的角的余弦值为,故选:D.5.已知点、,点关于轴对称的点为,则()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据对称性求出点的坐标,然后利用两点间的距离公式可求得的值.【详解】由于点关于轴对称的点为,则点,由空间中两点间的距离公式得.故选:B.【点睛】本题考查空间中两点间距离的计算,同时也考查了利用对称性求点的坐标,考查计算能力,属于基础题.6.过点与圆相切的两条直线垂直,则()A.B.C.D.4【答案】D【解析】【分析】由题意,点到圆心的距离是半径的倍,列方程求解即可.【详解】圆化为标准方程为,圆心坐标为,半径,过点与圆相切的两条直线垂直,则点到圆心的距离为,即,解得.故选:D.7.已知直线与圆相交于A,B两点,且,则数() A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据圆的弦长公式即可计算.【详解】设圆C半径为r.由可得,∴圆心,圆心C到直线的距离为,由,得,∴,解得.故选:B.8.若圆与圆关于直线对称,过点的圆P与y轴相切,则圆心P的轨迹方程为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】求出两个圆的圆心坐标,两个半径,利用两个圆关于直线的对称知识,求出a的值,然后设出圆心P的坐标为,圆心到点C的距离等于圆心到y轴的距离,列出方程求出圆心P的轨迹方程.【详解】圆的圆心为,圆的圆心为,因为圆与圆关于直线对称,所以的中点满足直线方程,解得,过点的圆P与y轴相切,设圆心P的坐标为,所以解得:,故选:C. 二、多选题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,少选得2分,多选得0分.9.已知向量,,,则()A.向量,的夹角为B.∥C.D.【答案】BC【解析】【分析】对于A,求出,再根据向量夹角的定义判断即可;对于B,只需判断是否成立,即可判断;对于C,只需判断是否成立,即可判断;对于D,根据向量数量积的坐标运算,计算出的值,即可判断.【详解】解:对于A,因为,所以向量,的夹角为,故错误;对于B,因为,,所以,所以∥,故正确;对于C,因为,,所以,所以,故正确;对于D,因为,,所以,故错误.故选:BC.10.已知圆:,直线:,则()A.直线过定点,坐标为B.直线与圆的位置关系无法确定C.直线被圆截得的最短弦长是D.直线被圆截得的弦长最大时 【答案】AD【解析】【分析】A选项,变形后得到方程组,求出定点坐标;B选项,确定直线所过定点在圆内,从而得到直线与圆的位置关系;C选项,当与直线垂直时,直线被圆截得的弦长最短,由两点间距离公式和垂径定理得到最短弦长;D选项,当直线经过圆心时,被圆截得的弦长最大,将圆心坐标代入直线,得到的值.【详解】A选项,变形,令,解得,故直线过定点,坐标为,A正确;B选项,因为,故在圆内,则直线与圆相交,B错误;C选项,当与直线垂直时,直线被圆截得的弦长最短,此时,由垂径定理得,最短弦长为,C错误;D选项,直线经过圆心时,被圆截得的弦长最大,将代入中,,解得,D正确.故选:AD11.已知圆:,直线:,为直线上的动点,过点作圆的切线、,切点为A、,则下列各选项正确的是()A.四边形面积最大值为8B.四边形面积的最小值为4C.当最大时,D.动直线一定经过坐标原点 【答案】BCD【解析】【分析】根据已知,结合图形,利用直角三角形、正方形的性质、直线方程以及点到直线的距离公式、勾股定理计算求解.【详解】因为圆:的圆心,半径为,由圆的几何性质可得,如下图所示:对于选项A、B:由切线长定理可得,且,可知,所以四边形的面积,因为,当时,取最小值,且,即,因为无最大值,即无最大值,故四边形面积无最大值,故A错误;当时,四边形的面积取到最小值为,故B正确;对于选项C:因为为锐角,,且,当取到最小值时,则最大,即最大,此时,故C正确;对于选项D:因为为直线:上的动点,设,则,可得,又因为,可知点在以为圆心,为半径的圆上, 圆的方程为,即,又因为圆:,即,两圆方程相减可得:,即直线,所以动直线一定经过坐标原点,故D正确.故选:BCD.12.长方体中,,,点,分别在棱和上运动(不含端点),若,下列说法正确的是()A.B.的最大值为0C.面积的最大值为D.三棱锥的体积不变【答案】AD【解析】【分析】建立直角坐标系,设坐标,根据求出参数之间的关系,在依次判断选项正误.【详解】以点为坐标原点,所在的直线为轴,所在的直线为轴,所在的直线为轴,建立直角坐标系,如图所示.则设,其中,又,即对于选项A,,因此,故选项A正确; 对于选项B,,,因此无最大值,故选项B错误;对于选项C,,因此面积无最大值,故选项C错误;对于选项D,,因此三棱锥的体积不变,故选项D正确.故选:AD.三、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.圆与圆的公共弦长为______.【答案】【解析】【分析】先求两圆公共弦方程,再利用弦心距,弦长,半径之间的关系求解【详解】设圆:与圆:交于,两点把两圆方程相减,化简得即:圆心到直线的距离,又而,所以故答案为:14.已知圆:,圆的弦被点平分,则弦所在的直线方程是________.【答案】【解析】【分析】先将圆的方程化为标准方程,得到圆心,由于圆的弦被点平分,故, 得到,由点斜式求解即可.【详解】因为圆:,所以化为标准方程为:,所以圆心.又圆的弦被点平分,故,而直线斜率不存在,所以,由于过点,故直线的方程为:.故答案为:.15.已知圆:,圆上恰有3个点到直线:的距离为,则________.【答案】【解析】【分析】求出圆的圆心和半径,根据条件可知圆心到直线的距离为,进一步计算即可.【详解】圆:,化为所以圆心为,半径为,因为圆上恰有3个点到直线:的距离为,所以圆心到直线的距离为,则,解得故答案为:16.在直角坐标系内,已知是以点为圆心的圆上的一点,折叠该圆两次使点分别与圆上不相同的两点(异于点)重合,两次的折痕方程分别为和,若圆上存在点,使得,其中点、,且,则的取值范围是________.【答案】 【解析】【分析】由圆上的点A两次折叠与圆上的点重合,得圆心坐标,半径,由,推得两圆有公共点,求得m的取值范围.【详解】因为圆上的点A两次折叠与圆上的点重合,所以两次的折痕过圆心,,得,,所以圆心为,该圆半径,由,所以P在以MN为直径的圆上,即两圆有公共点,所以,m的取值范围为.故答案为:.【点睛】将向量数量积为零转化为垂直关系,进而得到点P的轨迹是圆,将问题转化为圆与圆的位置关系.四、解答题(本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)17.如图,在四棱锥中,底面是正方形,底面,,点是棱的中点,点是棱上一点.(1)证明:;(2)若是棱上靠近点的三等分点,求点到平面的距离.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)先证明平面,则有,再证明平面,根据线面垂直的性质即可得证;(2)以点为原点建立空间直角坐标系,利用向量法求解即可.【小问1详解】因为底面,底面,所以, 又平面,所以平面,又平面,所以,因为,点是棱的中点,所以,又平面,所以平面,又平面,所以;【小问2详解】如图,以点为原点建立空间直角坐标系,则,故,设平面的法向量为,则,令,则,所以,所以点到平面的距离为.18.已知的顶点边上的高所在直线方程为,角的平分线所在直线方程为.(1)求顶点坐标; (2)求直线的方程.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)设,根据垂直关系和点在直线上得到方程组,解得答案.(2)计算点C关于的对称点,计算斜率得到直线方程.【小问1详解】设,则有,,即,解得,即;【小问2详解】点C关于的对称点,则,,解得,即,,直线的方程:,整理:.19.如图所示,三棱柱的所有棱长均为1,,为直角.(1)证明:平面平面;(2)求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】 【分析】(1)取AB的中点D,连接,先证明,,进而由线面垂直以及面面垂直的判定证明即可;(2)以为坐标原点建立如图空间直角坐标系,利用向量法求解.【小问1详解】如图,取AB的中点D,连接,由于三棱柱的所有棱长均为1,故底面是正三角形,因此,由于为直角,故,所以,因为,平面,所以平面.由此得.在直角中,.在中,由,故.又平面,所以平面,平面,故平面平面.【小问2详解】以为坐标原点建立如图空间直角坐标系,于是,由,所以, ,设是平面的法向量.,取,则.即直线与平面所成角的正弦值为.20.①圆心在直线:上,圆过点;②圆过直线:和圆的交点:在①②这两个条件中任选一个,补充在下面的问题中进行求解.已知圆经过点,且________.(1)求圆的标准方程;(2)已知点,求过点的圆的切线方程.【答案】(1)选①:;选②:(2)和【解析】【分析】(1)利用圆的定义、直线方程、直线与圆的关系、圆与圆的关系运算即可得解.(2)利用直线与圆的关系、直线方程、点到直线的距离公式运算即可得解.【小问1详解】 解:选①:设圆心,则由题意:∵圆心在直线:上,∴………………………(ⅰ)∵圆过点和,∴,即,化简得:…………………(ⅱ)联立(ⅰ)(ⅱ)解得:,∴圆心,半径为,∴圆标准方程为.选②:如下图:设直线:和圆的交点为,连接,则由直线和圆的位置关系、圆和圆的位置关系知直线,垂足为,连接、.由题意,圆的圆心为,半径.∵直线方程为,,∴直线方程为,故设圆心,由图知,则,由解得直线和直线交点,则, 圆半径,,,由得:,解得:.∴圆心,半径.∴圆的标准方程为.【小问2详解】解:由(1)知,选①或选②,圆的标准方程均为,如下图,点在圆外,则因为圆的圆心到轴距离,所以,是圆过点的一条切线.设圆过点的另一条切线斜率为,则其方程为:,即.由直线与圆相切知圆心到直线距离为半径,则有,解得:,∴切线方程为,即.综上知,过点的圆的切线方程为和. 21.如图,正三棱柱的底面边长是2,侧棱长是,是的中点.(1)求证:平面;(2)在线段上是否存在一点,使得平面与平面夹角的余弦值是,若存在,求出的长;若不存在,说明理由.【答案】(1)证明过程见详解(2)存在;或.【解析】【分析】(1)连接交于,连接,,由已知条件得四边形是矩形,由三角形中位线能证明平面;(2)作于,建立空间直角坐标系,假设存在,设,求出平面与平面的法向量,利用平面与平面夹角的余弦值是求出值,进而求出的长.【小问1详解】连接交于,连接,因为三棱柱是正三棱柱,所以四边形是矩形,所以为的中点,又因为是的中点,所以是三角形的中位线,所以,因为平面,平面,所以平面. 【小问2详解】作于,由正三棱柱的性质及面面垂直的性质可知平面,所以在正三棱柱中如图建立空间直角坐标系.因为,是的中点.所以,假设在线段上是否存在一点,使得平面与平面夹角的余弦值是,设,则有,,设平面的法向量为,则有,即,令,则,,所以,易知平面的一个法向量,又因为平面与平面夹角的余弦值是,所以,解得,解得或,所以线段上是否存在一点,使得平面与平面夹角的余弦值是,且或. 22.最近国际局势波云诡谲,我国在某地区进行军事演练,如图,是三个军事基地,为一个军事要塞,在线段上.已知,,到,的距离分别为5km,.以点为坐标原点,直线为轴,建立平面直角坐标系如图所示,位于第一象限.(1)求两个军事基地的长;(2)若要塞正北方向距离要塞10km处有一处正在进行爆破试验,爆炸波生成时的半径为(参数为大于零的常数),爆炸波开始生成时,一飞行器以的速度自基地A开往基地,问参数控制在什么范围内时,爆炸波不会波及到飞行器的飞行.【答案】(1)(2)当时,爆炸波不会波及飞行器的飞行【解析】【分析】(1)利用直线与圆相切求出点坐标,联立直线方程求出点坐标,利用两点的距离公式即可求解(2)由题意得对恒成立,即对恒成立,然后对进行分类讨论,利用基本不等式即可求解.【小问1详解】则由题设得:,直线的方程为,,由,且,解得,所以.所以直线的方程为,即,联立方程,解得,即,所以, 即基地的长为.【小问2详解】设爆炸产生的爆炸波圆,由题意可得,爆炸波生成小时后,飞行在线段上的点处,则,,所以,爆炸波不会波及飞行器的通行,即对恒成立.所以,即,当时,上式恒成立;当时,整理得,因为,当且仅当,即时,等号成立,所以在时,恒成立,亦即爆炸波不会波及飞行的通行.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-12-22 11:05:02 页数:21
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文章作者:随遇而安

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