首页

四川省广安第二中学2023-2024学年高三文科数学上学期第一次月考试题(Word版附解析)

资源预览文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。

1/18

2/18

剩余16页未读,查看更多内容需下载

广安二中高2021级高三上学期第一次月考数学(文科)(满分150分,120分钟完成)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分.)1.已知集合,则()A.B.C.或D.或【答案】D【解析】【分析】根据不等式的解法,求得,结合补集的运算,即可求解.【详解】由不等式,解得,即,根据补集的概念及运算,可得或.故选:D.2.已知(i为虚数单位),则复数在复平面内对应的点位于()A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限【答案】B【解析】【分析】由已知等式求出复数,得到复数,由复数的几何意义得在复平面内对应的点所在象限.【详解】由,得,则,在复平面内对应的点位于第二象限.故选:B3.“”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】根据充分、必要条件的知识确定正确答案.【详解】, 所以,所以“”是“”的必要不充分条件.故选:B4.在等差数列中,,直线过点,则直线的斜率为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】利用等差数列通项的性质求出公差,即可求出通项公式,表示出,即可求出结果.【详解】因为是等差数列,,令数列公差为,所以,,则,所以,则直线的斜率为.故选:A5.采购经理指数(PMI),是通过对企业采购经理的月度调查结果统计汇总、编制而成的指数,它涵盖了企业采购、生产、流通等各个环节,包括制造业和非制造业领域,是国际上通用的检测宏观经济走势的先行指数之一,具有较强的预测、预警作用.制造业PMI高于时,反映制造业较上月扩张;低于,则反映制造业较上月收缩.下图为我国2021年1月—2022年6月制造业采购经理指数(PMI)统计图. 根据统计图分析,下列结论最恰当一项为()A.2021年第二、三季度的各月制造业在逐月收缩B.2021年第四季度各月制造业在逐月扩张C.2022年1月至4月制造业逐月收缩D2022年6月PMI重回临界点以上,制造业景气水平呈恢复性扩张【答案】D【解析】【分析】根据题意,将各个月的制造业指数与比较,即可得到答案.【详解】对于A项,由统计图可以得到,只有9月份的制造业指数低于,故A项错误;对于B项,由统计图可以得到,10月份的制造业指数低于,故B项错误;对于C项,由统计图可以得到,1、2月份的制造业指数高于,故C项错误;对于D项,由统计图可以得到,从4月份的制造业指数呈现上升趋势,且在2022年6月PMI超过,故D项正确.故选:D.6.在中,角,,的对边分别是,,,且,则的形状一定是()A.等边三角形B.等腰三角形C.等腰直角三角形D.直角三角形【答案】B【解析】【分析】由正弦定理可得,再由,可得,从而可得,进而可得结论【详解】解:因为, 所以由正弦定理可得,因为,所以,所以,所以,所以,所以,因为,所以,所以,所以为等腰三角形,故选:B7.在正方体中,点M是棱的中点,则异面直线BM与AC所成角的余弦值为().A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】取的中点,连,,,(或其补角)是异面直线BM与AC所成的角,解三角形可得解.【详解】取的中点,连,,,则,,所以四边形是平行四边形,所以,所以(或其补角)是异面直线BM与AC所成的角,设正方体的棱长为,则,,则.所以异面直线BM与AC所成角的余弦值为. 故选:C8.函数的图象可能是().A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】利用排除法,结合函数的奇偶性以及函数值的符号分析判断.【详解】因为定义域为,且,所以为奇函数,函数图象关于原点对称,故B,D都不正确;对于C,时,,,所以,所以,故C不正确;对于选项A,符合函数图象关于原点对称,也符合时,,故A正确.故选:A. 9.已知函数是定义在上的奇函数,且,,则()A.B.0C.3D.6【答案】A【解析】【分析】由函数为奇函数可得,,再根据求出函数的周期,再根据函数的周期即可得解.【详解】因为是定义在上的奇函数,所以,,因为,所以,则,所以,所以是以为周期的一个周期函数,所以.故选:A.10.苂光定量PCR是一种通过化学物质的苂光信号,对在PCR扩增进程中成指数级增加的靶标DNA进行实时监测的方法.在PCR扩增的指数时期,苂光信号强度达到阀值时,DNA的数量与扩增次数满足,其中为DNA的初始数量,为扩增效率.已知某被测标本DNA扩增6次后,数量变为原来的100倍,则扩增效率约为()(参考数据:)A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据题意,得出方程,结合对数的运算性质,即可求解.【详解】由题意,可得,即,所以,可得,解得.故选:C. 11.函数的图像向右平移个单位,若所得图像对应的函数在是递增的,则的最大值是A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】首先求得函数图像向右平移个单位后的解析式,然后结合函数的单调递增区间确定实数a的最大值即可.【详解】由题意可得:,则函数图像向右平移个单位的解析式为:.函数的单调递增区间满足:,解得:,当时,函数的单调递增区间为,据此可得的最大值是.故选A.【点睛】本题主要考查三角函数图像的平移变换,三角函数的性质,辅助角公式的应用等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.12.已知定义在R上的函数满足,当时,,函数,若函数在区间上恰有8个零点,则a的取值范围为(  )A.(2,4)B.(2,5)C.(1,5)D.(1,4)【答案】A【解析】【分析】将题意转化为函数与函数在区间上有8个交点,再根据函数的性质画图,再 列式,根据对数函数的不等式解法求解即可【详解】函数在区间上恰有8个零点,则函数与函数在区间上有8个交点由知,是R上周期为2的函数,作函数与函数在区间上的图像如下,由图像知,当时,图像有5个交点,故在上有3个交点即可,则;故,解得;故选:A.二、填空题(本大题共4个小题,每小题5分,共20分)13.已知向量,.若向量与垂直,则________.【答案】7【解析】【分析】首先求出的坐标,再根据两个向量垂直的性质得到,根据向量数量积的坐标运算得到方程,即可求得实数的值.【详解】解:因为,,所以,因为向量与垂直,所以,解得,故答案为:7.14.已知,满足,则目标函数的最大值是______.【答案】3【解析】【分析】画出可行域及目标函数,利用的几何意义求出最值. 【详解】画出可行域及目标函数,变形为,的几何意义为直线与轴交点的纵坐标,故当过点时,取得最大值,联立,解得,故,将其代入,解得.故答案为:315.已知双曲线的一条渐近线为,则双曲线的离心率为________.【答案】【解析】【详解】试题分析:根据双曲线的渐近线的方程知即,所以此双曲线的离心率.考点:双曲线的标准方程、渐近线方程和离心率.16.关于函数有如下四个命题,其中正确的个数是______.①是偶函数;②图象关于对称;③的最小值为-2;④在上单调递增.【答案】2【解析】【分析】对于①,由函数奇偶性的定义进行判断;对于②,计算出,②错误;对于③,举出反例;对于④,先得到时,,换元后求导得到 其单调递减,进而由函数奇偶性得到④正确.【详解】对于①,由题意得,故,,故的定义域为,又,故为偶函数,①正确;对于②,,,由于,故图象不关于对称,②错误;对于③,,所以的最小值不为-2,③错误;对于④,当时,,故,令,,函数变形为,,在恒成立,故在上单调递减,即在上单调递减,由为偶函数可知,在上单调递增,④正确.故正确的个数为2.故答案为:2 三、解答题(共70分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤)17.已知中,角所对的边分别为,且.(1)求的值.(2)若的面积,且,求的外接圆半径.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)首先化简已知条件得到,即可得到答案.(2)根据正弦定理面积公式得到,利用余弦定理得到,再利用正弦定理求解即可.【小问1详解】.【小问2详解】,,所以.因为b=2,所以,解得.所以,因为,解得.18.2021年11月,江西省出台了新规落实“双减”政策,在加强学生作业管理方面《若干措施》提出,要控制书面作业总量,小学一、二年级不得布置家庭书面作业,小学三至六年级每天书面作业总量平均完成时间不超过60分钟,初中每天书面作业总量平均完成时间不超过90分钟.某中学为了了解七年级学生的家庭作业用时情况,从本校七年级随机抽取了一批学生进行调查,并绘制了学生家庭作业用时的频率分布直方图,如图所示. (1)求频率分布直方图中的值,并估算学生家庭作业用时的中位数(精确到0.1);(2)作业用时不能完全反映学生学业负担情况,这与学生自身的学习习惯有很大关系.如果作业用时50分钟之内评价等级为优异,70分钟以上评价等级为一般,其它评价等级为良好.现从等级优异和等级一般的学生里面用分层抽样的方法抽取6人,再从这6人中随机抽取2人,求至少有1人被评价为等级一般学生的概率.【答案】(1),(2)【解析】【分析】(1)根据频率分布直方图的频率之和为1,即可求出的值,根据频率分布直方图中位数的求法,即可求出结果;(2)根据分层抽样可知等级优异学生被抽取的人数为4人,等级一般学生被抽取的人数为2人,然后根据题意列出满足题意的所有可能,根据古典概型即可求出结果.【小问1详解】解:由题意可知,,所以,由左至右各个分区间的概率分别为,中位数为分钟【小问2详解】解:由题意知按等级分层抽取6名,则等级优异学生被抽取的人数为4人,等级一般学生被抽取的人数为2人,记4名等级优异学生分别为,等级一般学生为,则从这6名学生中抽取2人的情况有 ,一共15种情况,2人中至少有1名等级一般学生共有9种情况,故所求概率为.19.如图,在四棱锥中,底面ABCD为梯形,平面ABCD,,,,,E为PC的中点,且.(1)证明:平面PBC.(2)求四棱锥的体积.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)先证明,由直线与平面平行判定定理证明平面PBC.(2)证明平面APC,得,证明平面PCD,得的长度,计算体积.【小问1详解】证明:在梯形ABCD中,因为,,所以,因为平面PBC,平面PBC,所以平面PBC.【小问2详解】如图,取AD的中点M,连接CM,AC, 因为底面ABCD为梯形,,,,,所以,,且,所以,所以.因为平面ABCD,平面ABCD,所以,因为,所以平面APC,所以,又,,所以平面PCD,所以,E是PC的中点,..20.已知抛物线C:x2=−2py经过点(2,−1).(Ⅰ)求抛物线C的方程及其准线方程;(Ⅱ)设O为原点,过抛物线C的焦点作斜率不为0的直线l交抛物线C于两点M,N,直线y=−1分别交直线OM,ON于点A和点B.求证:以AB为直径的圆经过y轴上的两个定点.【答案】(Ⅰ),;(Ⅱ)见解析.【解析】【分析】(Ⅰ)由题意结合点的坐标可得抛物线方程,进一步可得准线方程;(Ⅱ)联立准线方程和抛物线方程,结合韦达定理可得圆心坐标和圆的半径,从而确定圆的方程,最后令x=0即可证得题中的结论.【详解】(Ⅰ)将点代入抛物线方程:可得:,故抛物线方程为:,其准线方程为:.(Ⅱ)很明显直线的斜率存在,焦点坐标为,设直线方程为,与抛物线方程联立可得:.故:.设,则, 直线的方程为,与联立可得:,同理可得,易知以AB为直径的圆的圆心坐标为:,圆的半径为:,且:,,则圆的方程为:,令整理可得:,解得:,即以AB为直径的圆经过y轴上的两个定点.【点睛】本题主要考查抛物线方程的求解与准线方程的确定,直线与抛物线的位置关系,圆的方程的求解及其应用等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.21.已知函数.(1)若函数单调递增,求实数的取值范围;(2)若函数存在两个极值点,①求实数的取值范围;②当时,求的最小值.【答案】(1)(2)①;②【解析】【分析】(1)由题可得,恒成立,分离变量,即可确定实数的取值范围;(2)①由在内有两个不等根,列出不等式求解即可;②结合题目条件,逐步转化,用一个变量表示,然后换元,利用导数求函数的最小值,由此即可解出.【小问1详解】函数的定义域为,导函数,由函数单调递增得恒成立, 即,又,当且仅当时取得最小值2,实数的取值范围为;【小问2详解】①由题意在内有两个不等实根,需满足,,解得,实数的取值范围为;②,∴,所以,令,,当时,取得最小值.(请考生在第22,23题中任选择一题作答,如果多做,则按所做的第一题记分.作答时,用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的标号涂黑.)22.已知曲线的参数方程为(为参数在以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴的极坐标系中,曲线:.1求曲线的普通方程和的直角坐标方程;2若与相交于两点,设点,求的值.【答案】(1)的普通方程为.的直角坐标方程为.(2)【解析】 【详解】试题分析:(Ⅰ)消参后得到曲线的普通方程;根据得到曲线的直角坐标方程;(Ⅱ)将直线的参数方程代入曲线的直角坐标方程,得到关于的一元二次方程,而,代入根与系数的关系得到结果.试题解析:(I)(为参数),所以曲线的普通方程为.,所以的直角坐标方程为.(Ⅱ)由题意可设,与两点对应的参数分别为,将的参数方程代入的直角坐标方程,化简整理得,,所以,所以,因为,所以,所以【点睛】本题考查了极坐标与直角坐标方程,以及普通方程和参数方程的转化关系,对于第二问中的弦长问题,过定点,倾斜角为的参数方程,与曲线相交交于两点,,,,根据图象和二次方程去绝对值,后根据根与 系数的关系得到结果.23.已知,.(1)若且的最小值为1,求的值;(2)不等式的解集为,不等式的解集为,,求的取值范围.【答案】(1);(2)【解析】【详解】试题分析:(1)利用绝对值三角不等式可得,解出方程即可;(2)易得,即,即且,再根据列出不等式即可得结果.试题解析:(1)(当时,等号成立)∵的最小值为1,∴,∴或,又,∴.(2)由得,,∵,

版权提示

  • 温馨提示:
  • 1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
  • 2. 本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
  • 3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
  • 4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)

文档下载

所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-10-31 10:30:02 页数:18
价格:¥3 大小:1.59 MB
文章作者:随遇而安

推荐特供

MORE