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江西省九江市2023届高三数学(文)三模试题(Word版附解析)

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九江市2023年第三次高考模拟统一考试数学试题(文科)本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.全卷满分150分,考试时间120分钟.考生注意:1.答题前,考生务必将自己的准考证号、姓名等内容填写在答题卡上.2.第Ⅰ卷每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑,如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号,第Ⅱ卷用黑色签字笔在答题卡上书写作答,在试题卷上作答,答案无效.第Ⅰ卷(选择题60分)一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】首先求解一元二次不等式则得到集合,再利用集合交并补的运算即可.【详解】,,解得,则,.故选:A.2.已知复数z满足,则()A.1B.C.2D.【答案】B【解析】【分析】设,然后根据复数的四则运算求出,然后代入复数模的计算公式 即可求解.【详解】设,则,即,,解得,,.故选:.3.已知,,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】借助指数函数与对数函数的单调性将三个数,和中间量0与1来比较,即得大小关系.【详解】解析:,,,.故选:C.4.为了强化节约意识,更好地开展“光盘行动”,某校组织社会实践小组对某块稻田的稻穗进行调研,小组随机抽取了20株稻穗,并统计了每株稻穗的粒数,整理得到如下茎叶图,则每穗粒数的中位数和平均数分别是()A.174,175B.175,175C.175,174D.174,174【答案】A【解析】【分析】根据中位数和平均数的定义进行计算即可.【详解】从小到大排列,第10个和第11个数的平均数为中位数,即,故中位数为174,先把每个数据减去174, 得到20个数据为,此时,从而求出平均数为.故选:A.5.已知,且,,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】先根据,,求出,,再利用两角差的余弦公式求【详解】解析:,,,,,,故选:A.6.执行如图所示的算法框图,则输出的C的值为() A.0B.1C.2D.3【答案】C【解析】【分析】根据题意,由程序框图可得C是以3为周期的周期数列,即可得到结果.【详解】由题意,输入,,,执行程序框图,,,,,执行循环体;,,,,执行循环体;,,,,执行循环体;,,,,执行循环体;所以C是以3为周期周期数列,当时,执行循环体,,,,,结束循环体,所以输出的C的值为2.故选:C.7.若数列满足(q为常数,且),则称为差等比数列,其中q为公差比.已知差等比数列中,,,且公差比为2,则()A.1024B.1022C.2048D.2046【答案】D【解析】【分析】由题意证明数列是以4为首项,2为公比的等比数列,并求出的通项,再用累 加法求出的通项,从而得到.【详解】,,,,数列是以4为首项,2为公比的等比数列,,当时,,.故选:D.8.已知椭圆的左右焦点分别为,,,为平面内异于,的两点.若的中点在上,且,,则()A.4B.C.8D.【答案】D【解析】【分析】连接,,依题意可得,分别是和的中位线,即可得到,,再根据椭圆的定义计算可得.【详解】如图所示,连接,,,,,分别为线段,的中点,为的中点,,分别是和的中位线,,,在上,,故选:D. 9.已知函数的部分图像如图所示.若,则的最大值为()A.2B.C.4D.【答案】D【解析】【分析】根据图象先求出,然后根据函数过点和在单调递减得到,代入函数解析式,利用两角和与差的正弦公式即可求解.【详解】由图可知,,,则,,又,且在单调递减,,,,,又,,,.故的最大值为.故选:D.10.已知定义在R上的函数在上单调递增,是奇函数,的图像关于直线对称,则() A.在上单调递减B.在上单调递增C.在上单调递减D.在上单调递增【答案】C【解析】【分析】根据是奇函数,得到的图象关于点对称,由图像关于直线对称可知为偶函数,结合函数在上单调递增,得到在上单调递减,再求出函数的周期性得到答案.【详解】是奇函数,,即的图象关于点对称,又在上单调递增,在上单调递增,即在上单调递增.由,可得,由图像关于直线对称可知为偶函数,∴在上单调递减,,,是周期函数,最小正周期为4,∵,,∴在上的单调性和在上的单调性相同,在上单调递减.故选:C.11.榫卯是一种中国传统建筑、家具的主要结构方式,它凝聚了中华文明的智慧.它利用材料本身特点自然连接,既符合力学原理,又重视实用和美观,达到了实用性和功能性的完美统一.下图是榫卯结构中的一种,当其合并在一起后,可形成一个正四棱柱.将合并后的榫卯对应拿开(如图1所示),已知榫的俯视图如图2所示,则卯的主视图为() A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据题意,由榫与卯为互补结构结合对应的视图,再由排除法即可得到结果.【详解】由题可知,榫与卯为互补结构,合并为一个正四棱柱,故卯需要有两个通透的长方形通道,由于四棱柱摆放角度为直角边正对我们,故主视图必须有一条居中的实线代表棱,故A错误;然后对榫的结构分析并与卯互补可得,卯的两边通道中间并不会连通,故不存在居中的虚线,故BD错误,综上所述,只有C满足要求.故选:C12.从双曲线的一个焦点发出的光线,经过双曲线反射后,反射光线的反向延长线经过另外一个焦点.如图所示,已知双曲线()的左右焦点分别为,,从右焦点发出的两条方向相反的光线经双曲线上两点A,B反射后,其中反射光线BC垂直于AB,反射光线AD满足,则该双曲线的离心率为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】连接,,在中,设,则,,由双曲线定义可知 ,,解出,在中用表示出,最后求出离心率.【详解】如图,连接,,由双曲线的光学性质可知,,,设,则,,由双曲线定义可知,,,,,,,,.故选:B.第Ⅱ卷(非选择题90分)本卷包括必考题和选考题两部分,第13-21题为必考题,每个试题考生都必须作答,第22-23题为选考题,学生根据要求作答.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.中,,,D为BC的中点,则______.【答案】2【解析】【分析】利用平面向量的数量积和直角三角形中余弦的定义求解即可.【详解】解析:如图,. 故答案为:2.14.中,内角A,B,C所对边分别为a,b,c,已知,,则的面积为______.【答案】【解析】【分析】利用正弦定理可得,再用余弦定理得,求出,最后使用面积公式即得.【详解】解析:由及正弦定理,得,,由余弦定理知,,,.故答案为:.15.已知函数有两个极值点,,且,则______.【答案】【解析】【分析】根据函数有两个极值点得到是方程的两个不相等的实数根,然后分离变量,构造函数,对函数求导,利用函数的单调性即可求解.【详解】,是的两个零点,即是方程的两个不相等的实数根,,是方程的两个不相等的实数根.令,则. 当或时,;当时,,在和上单调递减,在上单调递增,且当时,;当时,.,且.由,得,,,由,即.故答案为:.16.如图,棱长为2的正方体中,P,Q为四边形内的点(包括边界),且点P到AB的距离等于到平面的距离,点Q到的距离等于到平面ABCD的距离,则的最小值为______.【答案】【解析】【分析】根据抛物线定义得到P,Q的轨迹,结合图像,即可求解.【详解】当P,Q在线段上时,由P到AB的距离等于到平面的距离知,P到点B的距离等于到的距离,故点P在以B为焦点,为准线的抛物线上;同理,点Q在以为焦点,BC为准线的抛物线上.设这两条抛物线与的交点即分别为点,(如图1).则P,Q的轨迹分别为四边形内过点,且平行于AB的线段(如图2).则的最小值即为.如图3所示,建立平面直角坐标系,则的坐标为,,所在的抛物线方程为 ,,联立方程且,得,,,即的最小值为.故答案为:.三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.17.已知数列的前n项和为,且满足,.(1)求数列的通项公式;(2)求数列的前n项和.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由与的关系证得是等差数列,求出,再求;(2)使用裂项求和即可.【小问1详解】当时,,当时,,,即,,,, 是首项为2,公差为1的等差数列,,,,综上,【小问2详解】,,(),,记数列的前n项和为,.18.直三棱柱中,,D为的中点,.(1)求证:平面平面ABD;(2)若,求三棱锥的体积.【答案】(1)证明见解析(2) 【解析】【分析】(1)先证平面,得到①,再借助三角形相似证明②,最后证出平面平面;(2)等体积法求即可.【小问1详解】为直三棱柱,,又,,平面平面,①设,则,,,,,,故②由①②,,,且,知平面ABD又平面,平面平面ABD【小问2详解】由,得,解得的面积由(1)知平面,三棱锥的体积三棱锥的体积19.2023年,国家不断加大对科技创新的支持力度,极大鼓舞了企业投入研发的信心,增强了企业的创新动能.某企业在国家一系列优惠政策的大力扶持下,通过技术革新和能力提升,极大提升了企业的影响力和市场知名度,订单数量节节攀升,右表为该企业今年1~4月份接到的订单数量.月份t1234 订单数量y(万件)5.25.35.75.8附:相关系数,回归方程中斜率和截距的最小二乘法估计公式分别为,,.(1)试根据样本相关系数r的值判断订单数量y与月份t的线性相关性强弱(,则认为y与t的线性相关性较强,,则认为y与t的线性相关性较弱).(结果保留两位小数)(2)建立y关于t的线性回归方程,并预测该企业5月份接到的订单数量.【答案】(1)0.96,订单数量y与月份t的线性相关性较强(2),6.05万件【解析】【分析】(1)根据公式求出,即可得出结论;(2)利用最小二乘法求出回归方程,再令,即可得解.【小问1详解】,,,,,, 订单数量y与月份t的线性相关性较强;【小问2详解】,,线性回归方程为,令,(万件),即该企业5月份接到订单数量预计为6.05万件.20.在平面直角坐标系xOy中,已知抛物线的焦点为F,A,B为E上两点,且点A的纵坐标为,F恰好是的重心.(1)求E的方程;(2)若,P,Q为抛物线上相异的两个动点,且,求的最小值.【答案】(1)(2)11【解析】【分析】(1)根据点A的坐标及重心F的坐标表示点B,将B的坐标代入抛物线方程可求出,可得抛物线的方程;(2)设直线PQ的方程为,,,联立直线PQ与抛物线方程,根据韦达定理和,求出,再根据抛物线的定义求出,结合二次函数知识可求出结果.【小问1详解】由已知可得,,设F恰好是的重心,,解得, 将代入,得,,解得,E的方程为;【小问2详解】设直线PQ的方程为,,,由方程组,得,即,且,,,,,,,即,,,或,若,直线PQ过N点,不合题意,舍去,,此时,,则,当时,有最小值为11. 【点睛】方法点睛:利用韦达定理法解决直线与圆锥曲线相交问题的基本步骤如下:(1)设直线方程,设交点坐标为;(2)联立直线与圆锥曲线的方程,得到关于(或)的一元二次方程,必要时计算;(3)列出韦达定理;(4)将所求问题或题中的关系转化为、(或、)的形式;(5)代入韦达定理求解.21.已知函数)在处的切线斜率为.(1)求a的值;(2)若,,求实数m的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)求出函数的导数,根据导数的几何意义即可求得答案;(2)由,变形为,从而令,求得其导数,结合端点处函数值以及导数值情况,判断出m的范围,并加以证明,即可得答案.【小问1详解】,, ,,,.【小问2详解】由(1)可知,,由,得,令,则,,且,存在,使得当时,,,即;下面证明当时,,,且,,设,,当时,;当时,;可知在上单调递减,在上单调递增,,,,;当时,令,则,设,则,且为单调递增函数,由于,故,仅在是取等号,故在上单调递增,,故,即,则在上单调递增,而,当时,递增的幅度远大于递增的幅度,,故必存在,使得,则时,,故在上单调递减,则,与题意不符; 综上,实数m的取值范围为.【点睛】关键点睛:根据不等式恒成立求解参数范围时,关键是要根据端点处函数值以及导数值的情况推出m的范围,再加以证明.请考生在第22-23题中任选一题作答,如果多做,则按所做的第一题计分.选修4-4:坐标系与参数方程22.在平面直角坐标系xOy中,已知曲线C的参数方程为(t为参数).以O为极点,x轴正半轴为极轴建立极坐标系,直线l的极坐标方程为,其中α为倾斜角,且.(1)求曲线C的普通方程和直线l的直角坐标方程;(2)设l与曲线C相交于P,Q两点,直线OP,OQ的斜率为,,求的取值范围.【答案】(1),(2)【解析】【分析】(1)参数方程和普通方程的转化,极坐标方程和直角坐标方程的转化;(2)直线的参数方程应用,根与系数关系求得斜率和范围.【小问1详解】曲线C的普通方程为,由,得,即,,所以,又,故,即,,所以.【小问2详解】设,, 将代入直线l方程中,得,则,,,,,.选修4-5:不等式选讲23.设a,b,c均为正数,已知函数的最小值为4.(1)求的最小值;(2)证明:.【答案】(1)(2)证明见解析【解析】【分析】(1)应用绝对值三角不等式及基本不等式求目标式最小值,注意取值条件,(2)利用基本不等式证明不等式即可.【小问1详解】,,则,,仅当时等号成立,,仅当时等号成立,,仅当时等号成立,, ,即,仅当时取等号,故的最小值为.【小问2详解】,仅当时等号成立,,仅当时等号成立,,仅当时等号成立,,又,仅当时等号成立,同理,仅当时等号成立,,仅当时等号成立,,当且仅当时等号成立,即.

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发布时间:2023-09-13 21:10:01 页数:23
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文章作者:随遇而安

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