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江苏省南通市海安市2021-2022学年高一数学下学期期末考试试题(Word版附解析)

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2021~2022学年末学业质量监测试卷高一数学2022.06注意事项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷共6页,满分150分,考试时间为120分钟.考试结束后,请将答题卷交回.2.答题前,请您务必将自己的姓名、准考证号、座位号用0.5毫米黑色字迹签字笔填写在答题卷上.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、考试证号与你本人的是否相符.4.作答选择题必须用2B铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑.如需改动,请用橡皮擦干净后,再选涂其它答案.作答非选择题必须用书写黑色字迹的0.5毫米的签字笔写在答题卷上的指定位置,在其它位置作答一律无效.一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.每小题给出的四个选项中,只有一项是符合要求的.1.设集合A={x|-5≤x≤2},B={x||x+3|<3},则A∪B=()A.[-5,0)B.(-6,2]C.(-6,0)D.[-5,2)【答案】B【解析】【分析】解出集合B,由集合的并集运算求解即可.【详解】解:由可得,解得,所以,所以A∪B=,故选:B.2.若(-1+i)z=3+i,则|z|=()A.B.8C.D.5【答案】C【解析】【分析】根据复数的乘、除法运算求出,结合复数的几何意义计算即可. 【详解】由题意知,,所以.故选:C3.已知,,,则a,b,c的大小关系为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据对数函数的单调性及指数函数的单调性可得结论.【详解】,,,所以.故选:.4.已知正三棱锥的底面边长为4,高为2,则该三棱锥的表面积是()AB.C.D.【答案】D【解析】【分析】画出图形,求出底面积和侧面积,即可求出三棱锥的表面积.【详解】如图,正三棱锥中,,取的中点,连接,则在上,且,又,所以,所以,则,所以,故三棱锥的表面积为.故选:D 5.已知向量满足,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】对两边平方求得,进而利用且列出方程,求出,结合,求出答案.【详解】,两边平方得:,即,所以,由,而,所以,所以,因为,所以故选:D6.已知f(x)是定义域在R上的奇函数,且满足,则下列结论不正确的是()A.f(4)=0B.y=f(x)的图象关于直线x=1对称 C.f(x+8)=f(x)D.若f(-3)=-1,则f(2021)=-1【答案】B【解析】【分析】根据奇函数性质,令,即可判断A的正误;根据函数的对称性,可判断B的正误;根据奇函数及对称性,整理可判错C的正误;根据函数周期性,可判断D的正误,即可得答案.【详解】对于A:因为f(x)是定义域在R上的奇函数,所以,又,令代入可得,故A正确;对于B:因为,所以图象关于对称,无法确定是否关于直线x=1对称,故B错误;对于C:因为为奇函数,所以,所以,则,故C正确;对于D:由C选项可得,的周期为8,所以,故D正确;故选:B7.一个表面被涂上红色的棱长为ncm(n≥3,n∈N*)的立方体,将其适当分割成棱长为1cm的小立方体,从中任取一块,则恰好有两个面是红色的概率是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】首先确定共分割的块数,以及满足条件的块数,再求概率.【详解】由条件可知,共有块,两个面的交界处的中间部分是两个面是红色,每一个交界处有块,共有12个交界,则两个面是红色的有块,所以概率.故选:B8.在中,角A,B,C所对应的边分别为a,b,c,若,则 面积的最大值为()A1B.3C.2D.4【答案】C【解析】【分析】根据利用三角恒等变换和正余弦定理得到,再根据余弦定理和基本不等式可得cosB的范围,由此得B的范围,从而得到sinB的最大值,从而根据可求△ABC面积的最大值.【详解】,,即,即,则,整理得,∴,当且仅当a2=3c2⇔c=83,a=83时取等号,,则.故选:C.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分,在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求,全部选对得5分,部分选对的得2分,有错选的得0分. 9.按先后顺序抛三枚质地均匀的硬币,则()A.第一枚正面朝上的概率是B.“第一枚正面朝上”与“三枚硬币朝上的面相同”是相互独立的C.“至少一枚正面朝上”与“三枚硬币正面都朝上”是互斥的D.“至少一枚正面朝上”与“三枚硬币反面都朝上”是对立的【答案】BD【解析】【分析】对A,根据单独一枚硬币正面朝上的概率判断即可;对B,根据相互独立事件公式判断即可;对C,根据两事件是否能同时发生判断即可;对D,根据对立事件的定义判定即可;【详解】对A,第一枚正面朝上的概率是,故A错误;对B,第一枚正面朝上的概率,三枚硬币朝上的面相同的概率,又,因为,故“第一枚正面朝上”与“三枚硬币朝上的面相同”是相互独立的,故B正确;对C,“至少一枚正面朝上”与“三枚硬币正面都朝上”可能同时发生,不是互斥的,故C错误;对D,“至少一枚正面朝上”与“三枚硬币反面都朝上”是对立的,故D正确;故选:BD10.下列说法正确的是()A.用简单随机抽样的方法从含有50个个体的总体中抽取一个容量为5的样本,则个体m被抽到的概率是0.1B.数据27,12,14,30,15,17,19,23的第70百分位数是23C.一组数据1,2,3,3,4,5的众数大于中位数D.甲、乙、丙三种个体按3:1:2的比例分层抽样调查,若抽取的甲种个体数为9,则样本容量为18【答案】ABD【解析】【分析】对于A:统计抽样中每个个体被抽到的概率为样本容量与总体容量的比值; 对于B:将8个数据按从小到大顺序排列,找到第70百分位数的位置,再利用第p百分位数的定义可得;对于C:易知本组数据的众数和中位数均3,则C错误;对于D:根据甲种个体在样本中的比例和被抽到的个数不难得到样本容量.【详解】对于A:统计抽样中每个个体被抽到的概率为样本容量与总体容量的比值,易知A正确;对于B:将8个数据按从小到大顺序排列12,14,15,17,19,23,27,30,第70百分位数的位置为,则第70百分位数为第6个数23,则B正确;对于C:本组数据的众数和中位数均为3,所以C错误;对于D:根据统计知识可知甲种个体在样本中所占比例,所以样本容量为,则D正确.故选:ABD.11.已知向量,,函数,则()A.若f(x)的最小正周期为π,则f(x)的图象关于点对称B.若f(x)的图象关于直线称,则ω可能为C.若f(x)在上单调递增,则D.若f(x)的图象向左平移个单位长度后得到一个偶函数的图象,则ω的最小值为【答案】BC【解析】【分析】首先化简函数,再根据三角函数的周期,对称,单调性,以及图象平移,即可判断选项.【详解】 ,A.若函数的最小正周期为,则,即,当时,,此时,所以函数关于对称,故A错误;B.若函数的图象关于直线对称,则,,得,,所以的可能为,故B正确;C.当时,,则,解得:,故C正确;D.函数的图象向左平移个单位长度后得到,函数是偶函数,则当时,,得,,且,所以的最小值是,故D错误.故选:BC12.如图1所示,在边长为4正方形ABCD中,E,F分别为BC,CD的中点,将和分别沿AE,AF及EF所在的直线折起,使B,C,D三点重合于点P,得到三棱锥P-AEF如图2所示),设M为底面AEF内的动点,则() A.PA⊥EFB.二面角P-EF-A的余弦值为C.直线PA与EM所成的角中最小角的余弦值为D.三棱锥P-AEF的外接球的表面积为【答案】ACD【解析】【分析】根据线面垂直可判断线线垂直,故可判断A,根据二面角的几何求法即可求解,根据线面角是直线与平面内的直线所成角的的最小角即可求解C,三棱锥的外接球与长方体的外接球相同,根据长方体的外接球半径即可求解.【详解】根据题意,,,,,平面,故平面,平面,故,故A正确;取为中点,又,所以又,故三角形为等腰三角形,连接,则,根据二面角的定义,显然即为所求二面角,在三角形中,,,又,故,故二面角的余弦值为,则B错误;设点到平面的距离为,与平面所成的角为,由平面,,故,因此,因为 平面,故是与平面内的所有直线所成的最小的角,故,故C正确因为,,两两垂直,故三棱锥的外接球半径和长宽高分别为2,2,4的长方体的外接球半径相等,故其外接球半径,故外接球表面积,故D正确故选:ACD三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.若数据3x1-2,3x2-2,…,3x10-2的方差为18,则数据x1,x2,…,x10的方差为__________.【答案】2【解析】【分析】根据方差的性质公式,即可求解.【详解】设数据x1,x2,…,x10的方差为,则数据3x1-2,3x2-2,…,3x10-2的方差为,根据条件可知,得.故答案为:214.如图,已知菱形的边长为,,,则__________.【答案】 【解析】【分析】根据已知建立直角坐标系,求出相关点的坐标,再利用向量的数量积的坐标运算公式即可求解.【详解】以为坐标原点,建立如图所示的直角坐标系,由题意可知,.设,则,因为,所以,即,解得,,所以,所以.故答案为:.15.如图是古希腊数学家希波克拉底研究的几何图形,此图由三个半圆构成,直径分别为直角三角形的斜边,直角边、,点在以为直径的半圆上.已知以直角边、为直径的两个半圆的面积之比为3,,则______. 【答案】【解析】【分析】由以直角边、为直径的两个半圆的面积之比为3,可得,进而可得,从而利用两角差的余弦公式即可求解.【详解】解:因为以直角边、为直径的两个半圆的面积之比为3,所以,所以在直角三角形中,因为,所以,所以,故答案为:.16.有如下解法求棱长为的正四面体BDA1C1的体积:构造一个棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1,我们称之为该正四面体的”生成正方体”(如图一),正四面体BDA1C1的体积.一个对棱长都相等的四面体,通常称之为等腰四面体,已知一个等腰四面体的对棱长分别,,(如图二),则该四面体的体积为__________. 【答案】2【解析】【分析】根据条件,结合“生成长方体”的特征,即可求解.【详解】设等腰四面体的“生成长方体”的长,宽,高,分别是,由条件可知,,解得:,所以该四面体的体积.故答案为:2四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为矩形,PA⊥平面ABCD,M,N分别为棱AB,PC的中点,求证:(1)MN//平面PAD.(2)MN⊥CD.【答案】(1)证明见解析 (2)证明见解析【解析】【分析】(1)要证明线面平行,可转化为证明线线平行,取PD的中点E,证明四边形是平行四边形;(2)根据平行关系转化为证明,即证明平面PAD.【小问1详解】取PD的中点E,连接.因为E,N分别是的中点,所以且,又因为,M是AB中点,所以且,所以且,所以四边形AMNE是平行四边形,所以.因为平面PAD,平面PAD,所以平面PAD【小问2详解】因为平面ABCD,所以,又,且,所以平面PAD,平面,所以,又因为,所以.18.在①,②,③这三个条件中任选一个,补充在下面问题中,并进行解答.问题:在中,角,,所对的边分别为,,,且______.(1)求角;(2)若角的平分线长为1,且,求外接圆的面积.注:如果选择多个条件分别解答,按第一个解答计分. 【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)若选①:根据题意边角转化得:,再求解即可;若选②:根据题意边角转化得:,再求解即可;若选③:根据题意得:,即,即,再求解即可;(2)根据题意得:,即,再利用余弦定理求出,再利用正弦定理求出外接圆半径即可求解.【小问1详解】若选①:在中,因,所以,即,由正弦定理可得,,又因为,,所以,,所以,则,若选②:在中,因,所以,由正弦定理可得,,所以,又因为,所以,所以,则, 若选③:在中,因为,所以,所以,由正弦定理可得,,又因为,所以,所以,又,即,又,所以,所以,所以,又因为,所以,则,【小问2详解】因为角的平分线为,又,所以,即,即,又,所以,所以,即,故外接圆的面积,19.北京时间2022年6月5日,搭载神舟十四号载人飞船的长征二号F遥十四运载火箭,在酒泉卫星发射中心点火发射,约577秒后,神舟十四号载人飞船与火箭成功分离,进入预定轨道,顺利将陈冬、刘洋、蔡旭哲3名航天员送入太空,顺利进入天和核心舱.为激发广大学生努力学习科学文化知识的热情,某校团委举行了一场名为”学习航天精神,致航空英雄”的航天航空科普知识竞赛,满分100分,共有100名同学参赛,经过评判,这100名参赛者的得分都在[40,90]之间,其得分的频率分布直方图如图所示.(1)根据频率分布直方图,求这100名同学得分的平均数(同一组中的数据用该组区间的中点值代表);(2)用分层抽样的方法从得分在[60,70),[70,80),[80,90]这三组中选6名学生,再从这6 名学生中随机选取2名作为代表参加团委座谈会,求这2名学生的得分不在同一组的概率.【答案】(1)64.5(2)【解析】【分析】(1)首先根据频率和为1,求,再根据平均数公式,即可求解;(2)首先确定各组抽取的人数,再通过列举的方法求古典概型的概率.【小问1详解】根据题意知,解得,所以这100名同学得分的平均数是答:平均数是64.5.【小问2详解】由条件知从抽取3名,从中抽取2名,从抽取1名,分别记为,因此样本空间可记为用A表示“这2名同学的得分不在同一组”,则A包含样本点的个数为11,所以答:这2名同学的成绩分别在各一名的概率是20.某产品在出厂前需要经过质检,质检分为2个过程.第1个过程,将产品交给3位质检员分别进行检验,若3位质检员检验结果均为合格,则产品不需要进行第2个过程,可以出厂;若3位质检员检验结果均为不合格,则产品视为不合格产品,不可以出厂;若只有1位或2位质检员检验结果为合格,则需要进行第2个过程.第2个过程,将产品交给第4位和第5位质检员检验,若这2位质检员检验结果均为合格,则可以出厂,否则视为不合格产品,不可以出厂.设每位质检员检验结果为合格的概率均为,且每位质检员的检验结果相互独立.(1)求产品需要进行第2个过程的概率; (2)求产品不可以出厂的概率.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)分在第1个过程中,1或2位质检员检验结果为合格两种情况讨论,根据相互独立事件及互斥事件的概率公式计算可得;(2)首先求出在第1个过程中,3位质检员检验结果均为不合格的概率,再求出产品需要进行第2个过程,在第2个过程中,产品不可以出厂的概率,最后根据互斥事件的概率公式计算可得;【小问1详解】解:记事件A为“产品需要进行第2个过程”.在第1个过程中,1位质检员检验结果为合格的概率,在第1个过程中,2位质检员检验结果为合格的概率,故.【小问2详解】解:记事件B为“产品不可以出厂”.在第1个过程中,3位质检员检验结果均为不合格的概率,产品需要进行第2个过程,在第2个过程中,产品不可以出厂的概率,故.21.如图,AB是圆O的直径,C是圆上异于A,B一点,直线PC⊥平面ABC,AB=PC=4,AC=2. (1)求点C到平面PAB的距离;(2)求二面角B-PA-C的正切值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)利用垂直关系,以及等体积转化求点到平面的距离;(2)因为平面PAC,再根据垂直关系,构造二面角的平面角,即可求得二面角的正切值.【小问1详解】因为平面ABC,AC,平面PAC,所以.因为点C在以AB为直径圆上,所以.因为,所以,所以.因为平面ABC,所以三棱锥的体积.在中,因为,由余弦定理得 因为,所以,所以的面积.记点C到平面PAB的距离为h,则,解得.【小问2详解】由(1)知,,又因为PC,平面PAC,,所以平面PAC,因为平面PAC,所以.在平面PAC中,过C作,垂足为D,连接BD,因为平面PAC,所以平面BCD,所以即为二面角的平面角.因为,所以,.在中,, 所以二面角的正切值为.22.已知函数.(1)求函数的最小正周期;(2)若不等式对任意恒成立,求整数m的最大值;(3)若函数,将函数的图象上各点的横坐标缩短到原来的倍(纵坐标不变),再向右平移个单位,得到函数的图象,若关于x的方程在上有解,求实数k的取值范围.【答案】(1)(2)4(3)【解析】【分析】(1)由二倍角公式及辅助角公式求得,从而可求周期;(2)先求函数的最值,再根据恒成立建立不等式组即可求解;(3)将问题转化为二次方程有解问题解决.【小问1详解】由题意得,.可得函数的最小正周期为.【小问2详解】因为,所以, 所以,所以当时,的最小值为1;当时,的最大值为2,所以.由题意得,,所以对一切恒成立,所以,解得,所以整数m的最大值为4.【小问3详解】由题意知,,将函数的图象上各点的横坐标缩短到原来的倍(纵坐标不变),得,再向右平移个单位得,因为关于x的方程在区间上有解,整理得:,即(*)在区间上有解,,因为,所以令,(*)式可转化为:在内有解,所以,,又因为和在为增函数,所以在为增函数, 所以当时,取得最小值;当时,取得最大值,所以,综上所述:k的取值范围为.

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所属: 高中 - 数学
发布时间:2023-06-21 18:12:01 页数:24
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文章作者:随遇而安

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