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江苏省无锡市太湖高级中学2021-2022学年高二数学下学期期中试题(Word版附解析)
江苏省无锡市太湖高级中学2021-2022学年高二数学下学期期中试题(Word版附解析)
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2021-2022学年度第二学期期中考试高二数学试卷一、单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.函数,则的值为()A.0B.1C.2D.3【答案】D【解析】【分析】先求出导数,再计算即可.【详解】,则.故选:D.2.已知随机变量X满足,,则()A.,B.,C.,D.,【答案】C【解析】【分析】根据期望和方差公式,即可判断选项.【详解】,得,,.故选:C3.年初,某市因新冠疫情面临医务人员不足和医疗物资紧缺等诸多困难,全国各地志愿者纷纷驰援.现有名医生志愿者需要分配到两家医院(每人去一家医院,每家医院至少去人),则分配方法共有()A.种B.种C.种D.种【答案】B【解析】 【分析】设两家医院分别为甲医院与乙医院,对甲医院分配的人数进行讨论,结合分组计数原理可得结果.【详解】设两家医院分别为甲医院与乙医院,则甲医院分配的人数可以为或或,因此,不同的分配方法种数为种.故选:B.4.中秋节吃月饼是我国的传统习俗,若一盘中共有两种月饼,其中4块五仁月饼、6块枣泥月饼,现从盘中任取3块,在取到的都是同种月饼的条件下,都是五仁月饼的概率是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】利用条件概率计算公式即可求解.【详解】设“取到的都是同种月饼”为事件A,“都是五仁月饼”为事件B,则,,所以.故选:D.5.(,且)的展开式中的系数为()A.150B.165C.120D.180【答案】B【解析】【分析】首先写出含的系数,再利用组合数的性质,即可求解.【详解】展开式中含的系数是.故选:B6.若点P是曲线上任一点,则点P到直线的最小距离是() A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】利用导数求出与直线平行的直线与曲线的切点,再由点到直线的距离公式求解.【详解】解:设与直线平行的直线与曲线切于,由定义域为,得,则,由,解得(舍去负值).,则点到直线的最小距离是.故选:C.7.有甲、乙两个袋子,甲袋中有2个白球,1个红球,乙袋中有2个红球,1个白球.这6个球手感上不可区别.今从甲袋中任取一球放入乙袋,搅匀后再从乙袋中任取一球,此球是红球的概率为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】设A1=“从甲袋放入乙袋的是白球”,A2=“从甲袋放入乙袋的是红球”,B=“从乙袋中任取一球是红球”,利用求解即可.【详解】设A1=“从甲袋放入乙袋的是白球”,A2=“从甲袋放入乙袋的是红球”,B=“从乙袋中任取一球是红球”;.故选:A8.已知函数,,若存在使得,则的取值范围是()A.B.C.D. 【答案】B【解析】【分析】由可得,其中,利用导数求出函数的值域,可得出关于实数的不等式,即可求得实数的取值范围.【详解】由可得,可得,其中,构造函数,其中,则,当时,,,此时,当时,,,此时,所以,函数的减区间为,增区间为,则,所以,,即.故选:B.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.已知函数的导函数的图象如图,则下列叙述正确的是()A.函数在上单调递减B.函数在处取得极大值C.函数在处取得极小值D.函数只有一个极值点【答案】BD【解析】【分析】由图象得出函数单调性以及极值.【详解】由导函数的图象可知,当时,;当时,, 即函数在上单调递增,在上单调递减,即函数在出取得极大值.故选:BD10.甲、乙两名高中同学历次数学测试成绩(百分制)分别服从正态分布N(,),N(,),其正态分布的密度曲线如图所示,则下列说法中正确的是()附:若随机变量X服从正态分布N(,),则.A.甲同学的平均成绩优于乙同学的平均成绩甲B.甲同学的成绩比乙同学成绩更集中于平均值附近C.若,则甲同学成绩高于80分的概率约为0.1587D.若,则乙同学成绩低于80分概率约为0.3174【答案】BC【解析】【分析】根据正态曲线的对称轴,以及正态曲线的性质,结合,即可判断选项.【详解】A.甲同学的平均成绩是75,乙同学的平均成绩是85,,故A错误;B.甲同学的图象“瘦高”,乙同学的图象“矮胖”,所以甲同学的成绩比乙同学成绩更集中于平均值附近,故B正确;C.,故C正确;D.,故D错误.故选:BC11.在的展开式中,下列说法正确的是()A.各项系数和为1B.第2项的系数为80C.二项式系数和为32D.没有常数项 【答案】ACD【解析】【分析】由的展开项的通项逐一判断即可.【详解】的展开项的通项为令,则各项系数和为,故A正确;,故B错误;二项式系数和为,故C正确;因为,所以没有常数项,故D错误;故选:ACD12.对于函数,下列说法正确的是()A.在处取得最小值B.C.有两个不同的零点D.对任,函数有三个零点【答案】ABD【解析】【分析】对于A:求导求单调性即可判断;对于B:根据函数在单调递减,所以,即可判断;对于C:令即可判断;对于D:易知不论为何值,必为一个零点,只需判断当时,有两个零点即可,求导求单调性,再数形结合即可判断.【详解】根据题意,,令,解得;令,解得和;所以函数在单调递增,在和单调递减;所以函数的极小值为,极大值为; 对于A:当时,,当时,恒成立,所以函数的极小值即为函数的最小值,所以在处取得最小值,故A正确;对于B:因为函数在单调递减,所以,即,即所以,故B正确;对于C:因为恒成立,所以令,即,解得,故函数只有一个零点,故C不正确;对于D:令,即在有三个零点,易知不论为何值,必为其中一个零点,所以在时,只需有两个零点即可,令,即函数与有两个不同交点即可,,令,解得,令,解得或,所以在单调递增,在和单调递减,所以函数的极大值也是最大值为:,画出图像如下图所示:由图可知,当时,函数与有两个不同交点,综上可知,对任,函数有三个零点,故D正确. 故选:ABD.【点睛】函数零点的求解与判断方法:(1)直接求零点:令,如果能求出解,则有几个解就有几个零点.(2)零点存在性定理:利用定理不仅要函数在区间上是连续不断的曲线,且,还必须结合函数的图象与性质(如单调性、奇偶性)才能确定函数有多少个零点.(3)利用图象交点的个数:将函数变形为两个函数的差,画两个函数的图象,看其交点的横坐标有几个不同的值,就有几个不同的零点.三、填空题:共4小题,每小题5分,共20分.第16题第一空2分,第二空3分.请把答案直接填写在答题卡相应位置上.13.已知随机变量,若,则=___________.【答案】2【解析】【分析】根据正态分布的性质可求的值.【详解】因为,故,故答案为:2. 14.现有10件商品,其中3件瑕疵品7件合格品,若从这10件商品中任取2件,则至少有一件瑕疵品的概率为_________.【答案】【解析】【分析】从这10件商品中任取2件,则至少有一件瑕疵品包括一件瑕疵品一件合格品、两件瑕疵品两种情况,分别求出概率可得答案.【详解】从这10件商品中任取2件,则至少有一件瑕疵品的概率为,故答案为:.15.除以9的余数为_________.【答案】6【解析】【分析】首先原式变形为,再利用二项展开式,计算余数.【详解】所以除以9的余数为.故答案为:16.已知函数,则函数的最大值为_________;若关于x的方程恰有3个不同的实数解,则实数t的取值范围为____________.【答案】①.##②.【解析】【分析】①直接求导确定单调性,即可求出最大值;②先因式分解得到或,由函数图像得有两个不同的解,解不等式即可求出t的取值范围. 【详解】①定义域为,,当时,单调递增,当时,单调递减,故是函数的极大值也是最大值;②当时,,当时,,当时,,由即,解得或,显然只有一个解,所以方程有两个不同的解,所以,解得,故t的取值范围为.故答案为:;.四、解答题:共6小题,共70分.请在答题卡指定区域内做答.解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.现有大小相同的8只球,其中2只不同的红球,3只不同的白球,3只不同的黑球.(1)将这8只球排成一列且相同颜色的球必须排在一起,有多少种排列的方法?(2)将这8只球排成一列,黑球不相邻且不排两端,有多少种排列的方法?(3)现取4只球,各种颜色的球都必须取到,共有多少种方法?(最后答案用数字作答)【答案】(1)432(2)2880(3)45【解析】【分析】(1)利用捆绑法可求不同排列的总数. (2)利用插空法可求不同排列的总数.(3)根据有两球同色分类后可求不同排列的总数.【小问1详解】把相同颜色的球看成一个整体,故3种不同的颜色的排法有,2只不同的红球的排列有,3只不同的白球的排列有,3只不同的黑球的排列有,故不同的排列的总数为.【小问2详解】先把除黑球外的5只球全排列,共有种,再把3个黑球插入上述5个球中间的4个空挡,有种,故共有.【小问3详解】取4只球,若各种颜色的球都必须取到,则必有一种颜色取两个球,其余颜色各取一个,故不同的取法总数为.18.给出下列条件:①若展开式前三项的二项式系数的和等于16;②若展开式中倒数第三项与倒数第二项的系数比为4:1.从中任选一个,补充在下面问题中,并加以解答(注:若选择多个条件,按第一个解答计分)已知,___________.(1)求展开式中二项式系数最大的项;(2)求展开式中所有的有理项.【答案】(1)和(2),,【解析】【分析】(1)无论选①还是选②,根据题设条件可求,从而可求二项式系数最大的项.(2)利用二项展开式的通项公式可求展开式中所有的有理项. 【小问1详解】二项展开式的通项公式为:.若选①,则由题得,∴,即,解得或(舍去),∴.若选②,则由题得,∴,展开式共有6项,其中二项式系数最大的项为,,.【小问2详解】由(1)可得二项展开式的通项公式为:.当即时得展开式中的有理项,所以展开式中所有的有理项为:,,.19.某班从6名班干部中(其中男生4人,女生2人),任选3人参加学校的义务劳动.(1)设所选3人中女生人数为,求的分布列;(2)求男生甲或女生乙被选中的概率;(3)设“男生甲被选中”为事件A,“女生乙被选中”为事件B,求和. 【答案】(1)分布列见解析;(2);(3);.【解析】【分析】(1)的所有可能取值为0,1,2,分别求得各个取值对应的概率,列出分布列,即可得答案.(2)先求得甲、乙都不被选中的概率,进而可得答案.(3)男生甲被选中,再从其他5人中选取2人,即可求得,男生甲和女生乙同时被选中,再从其他4人中选取1人,即可求得,代入条件概率公式,即可得答案.【详解】【解】(1)的所有可能取值为0,1,2,依题意得,,.的分布列为012P(2)设“甲、乙都不被选中”为事件,则;所求概率为;(3);..20.已知函数,其中. (1)若曲线在处的切线与直线平行,求a的值;(2)若函数在定义域内单调递减,求a的取值范围.【答案】(1)2(2)【解析】【分析】(1)对函数求导,令,即可求得的值;(2)由题可知,在上恒成立,参变分离,利用导数求最值即可求解.【详解】(1)由题可知,则,解得.(2)∵在上是减函数,∴对恒成立,所以,令,则由得,当时,,当时,,所以在上单调递减,在上单调递增,所以,故只需故的取值范围是.【点睛】关键点点睛:函数在定义域上单调递减转化为函数导数在上小于等于零恒成立,采用了参变分离法,再构造函数,利用导数求出新函数的最值,其中转化的思想,参变量分离的方法,是解题的关键,属于中档题.21.小明和小亮是两名篮球运动爱好者,根据统计数据,他们进行投篮练习时,小明投篮成功的概率为,小亮投篮成功的概率为,每次投篮成功与否相互独立.(1)小明单独进行投篮练习,一旦投篮成功便停止,求停止时,投篮次数不超过3次的概率;(2)小明和小亮两人同时进行投篮练习,规定每人都投篮2次,记他们总共投篮成功的次数 之和为X,求X的分布列及数学期望.【答案】(1)(2)分布列见解析,【解析】【分析】(1)根据题意由互斥事件的概率公式求解即可,(2)由题意可得X的所有可能取值为0,1,2,3,4,然后求对应的概率,从而可求得X的分布列及数学期望【小问1详解】记“投篮次数不超过3次”为事件A,由题知∴小明停止时,投篮次数不超过3次的概率为.小问2详解】X的所有可能取值为0,1,2,3,4X的分布列如下表所示X01234P 22.已知函数.(1)若在处有极值,求实数的值;(2)当时,求函数在区间上的最大值;(3)当时,证明.【答案】(1)(2)(3)证明见解析【解析】【分析】(1)由已知可得出,求出的值,然后利用极值点的定义检验即可得解;(2)求得,对实数取值进行分类讨论,利用导数分析函数在上的单调性,可求得函数在上的最大值;(3)分析可知所证不等式为,利用导数求出函数的最小值大于零,即可证得结论成立.【小问1详解】解:由题知的定义域为,,若在处有极值,则,得,检验,此时,列表如下: 增极大值减此时函数在处取得极大值,合乎题意,所以,.【小问2详解】解:当时,由,可得.①当时,即当时,对任意的,且不恒为零,函数在上单调递减,则;②当时,即当时,当时,,此时函数单调递增,当时,,此时函数单调递减,所以,;③当时,即当时,对任意,且不恒为零,函数在上单调递增,则.综上所述,.【小问3详解】解:当时,,要证,只要证,设,其中,则,令,则 ,所以,函数在上单调递增,,,所以,存在唯一的,使得,且,当时,,此时函数单调递减,当时,,此时函数单调递增,所以,,所以,,故.【点睛】方法点睛:利用导数证明不等式问题,方法如下:(1)直接构造函数法:证明不等式(或)转化为证明(或),进而构造辅助函数;(2)适当放缩构造法:一是根据已知条件适当放缩;二是利用常见放缩结论;(3)构造“形似”函数,稍作变形再构造,对原不等式同解变形,根据相似结构构造辅助函数.
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高中 - 数学
发布时间:2023-04-17 00:40:05
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文章作者:随遇而安
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