江苏省镇江第一中学2021-2022学年高二数学下学期期末试题（Word版附解析）

高二年级期末考试数学试题一､单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1设，则（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】首先解一元二次不等式求出集合，再根据补集、交集的定义计算可得；【详解】解：由，即，解得，所以，又，所以，所以；故选：B2.设命题甲：，命题乙：直线与直线平行，则（）A.甲是乙的充分不必要条件B.甲是乙的必要不充分条件C.甲是乙的充要条件D.甲是乙的既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】根据充分条件和必要条件的定义，结合两直线平行的性质进行求解即可.【详解】当时，直线的方程为，直线方程为，此时，直线与直线平行，即甲乙；直线和直线平行，则，解得或，即乙甲；则甲是乙的充分不必要条件. 故选：.3.已知数列满足，且，则数列的前四项和的值为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由题意是首项为2、公比为的等比数列，利用等比数列前n项和公式求的值.【详解】由题设是首项为2、公比为的等比数列，即，所以.故选：C4.从中任取2个不同的数，则的概率是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】列举从中任取2个不同的数的所有结果，共6个基本事件，符合条件的共2个基本事件，结合古典概型计算结果．【详解】从中任取2个不同的数，共有个基本事件，取出的2个数之差的绝对值为4有个基本事件，所以所求概率为故选：B．5.已知P是圆上的动点，，，则的面积的最大值为（） A.2B.4C.6D.【答案】C【解析】【分析】根据题意，由A､B的坐标可得直线AB的方程以及的值，由圆的方程分析圆心与半径，求出圆心到直线AB的距离，分析可得圆上的动点P到直线AB的距离最大值，由三角形面积公式计算可得答案.【详解】解：根据题意，点，则直线AB的方程为，即，且圆，即，其圆心为，半径，所以圆心到直线AB距离则圆上的动点P到直线AB的距离最大值为，面积的最大值；故选：C.6.的展开式中的系数为（）A.88B.104C.D.【答案】D【解析】【分析】分别求、的二项式展开式通项、，可得原式的通项，结合指定项的指数值求m、n，进而求该项的系数.【详解】由题设，的通项为，的通项为；∴原多项式的展开式通项可写为， ∴，可得或或，∴的系数为.故选：D.【点睛】关键点点睛：将原式分成两个二项式分别求通项，结合指定项未知数的指数值求参数，进而求该项的系数.7.若函数有两个极值点，则实数的取值范围是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据题意，可令，化简得，令，然后做出的图象，即可判断的范围【详解】由已知，，令，可得，当时，方程无解，所以，，可得，令， 当时，，单增，当时，，单减，当时，，单减作出的图象，，因为函数有两个极值点，即方程有两个变号的实根，即与有两个交点，所以，由图可得，故选：B8.在抛物线型内壁光滑的容器内放一个球，其通过中心轴的纵剖面图如图所示，圆心在y轴上，抛物线顶点在坐标原点，已知抛物线方程是x2＝4y，圆的半径为r，若圆的大小变化时，圆上的点无法触及抛物线的顶点O，则圆的半径r的取值范围是（）A.（2，＋∞）B.（1，＋∞）C.D.[1，＋∞）【答案】A【解析】【分析】设圆心为，（），半径为，是抛物线上任一点，求出，当的最小值在原点处取得时，圆过原点，可得此时圆半径的范围，半径不在这个范围内的圆不过原点．【详解】设圆心为，（），半径为，是抛物线上任一点，，若的最小值不在处取得，则圆不过原点， 所以，即，此时圆半径为．因此当时，圆无法触及抛物线的顶点．故选：A．二､多项选择题（本大题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多项待合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分）9.已知数列的前项和为，，则下列选项中正确的是（）A.B.C.数列是等比数列D.数列的前项和为【答案】ACD【解析】【分析】根据转化到，进而可知数列是以为首项，公比为的等比数列，并写出通项公式及求和公式，即可判断选项正误.【详解】解：，①，②两式作差得：，，，，即，，.数列是以为首项，公比为的等比数列，则，.由上述内容可知，选项A，C正确.当时，，则选项B错误. ，，，数列是首项为的等比数列.则数列的前项和为，则选项D正确.故选：ACD.10.下列命题中，正确命题的序号为（）A.已知随机变量服从二项分布，若，则B.将一组数据中的每个数据都加上同一个常数后，方差恒不变C.设随机变量服从正态分布，若，则D.某人在次射击中，击中目标的次数为，且，则当时概率最大【答案】BCD【解析】【分析】对A：利用二项分布的期望与方差公式，列出方程求解即可判断；对B：根据方差公式可知方差恒不变；对C：根据正态分布的对称性即可求解；对D：根据二项分布概率的性质求解即可判断.【详解】解：对A：因为随机变量服从二项分布，，，所以，，解得，故选项A错误；对B：根据方差公式，为常数），可得将一组数据中的每个数据都加上同一个常数后，方差不变，故选项B正确；对C：因为随机变量服从正态分布，由，可得，利用正态分布的对称性可得，故选项C正确；对D：因为在10次射击中，击中目标的次数满足，所以对应的概率， 当，时，，令，解得，因为时，所以当时，概率最大，故选项D正确.故选：BCD.11.已知椭圆的左，右焦点分别为，椭圆的上顶点和右顶点分别为A，B．若P，Q两点都在椭圆C上，且P，Q关于坐标原点对称，则（）A.|PQ|的最大值为B.为定值C.椭圆上不存在点M，使得D.若点P在第一象限，则四边形APBQ面积的最大值为【答案】BD【解析】【分析】A.由|PQ|的最大值为长轴长判断；B.由椭圆的定义判断；C.由判断；D.分别求得P，Q到直线AB的距离最大值判断.【详解】如图所示： A.|PQ|的最大值为长轴长2，故错误；B.易知是平行四边形，则，因为，所以，故正确；C.因为，所以，则，故椭圆上存在点M，使得，故错误；D.直线AB所在直线方程为：，即，设，则点P到直线AB的距离为，其最大值为，同理点Q到直线AB的最大值为，所以四边形APBQ面积的最大值为，故正确.故选：BD12.如图，正方形ABCD-A1B1C1D1边长为1，P是上的一个动点，下列结论中正确的是（）A.BP的最小值为B.的最小值为C.当P在直线上运动时，三棱锥的体积不变 D.以点B为球心，为半径的球面与面的交线长为【答案】ACD【解析】【分析】当时，BP最小,结合正三角形性质，求得B到直线的距离，判断A;建立空间直角坐标系，利用空间向量，设求得点，结合两点间的距离公式，求得PA+PC的最小值，判断B;根据当P在直线A1D上运动时，三棱锥的底面积以及高的变化情况，可确定体积不变没判断C;根据题意确定以点B为球心，为半径的球面与面的交线即为的内切圆，即可求得交线长，判断D.【详解】对于A，当时，BP最小，由于到直线距离对．对于B,解法一：以为坐标原点建系，以分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系，则,设, ,表示平面上之间的距离，表示平面上之间的距离，错解法二：将平面翻折到平面上，如图，连接AC，与的交点即为点P，此时取最小值AC，在三角形ADC中，,，B错误；对于C,,平面，平面到平面的距离为定值,为定值，则为定值，对．对于D，由于平面，设与平面交于点， ，设以为球心，为半径的球与面交线上任一点为，在以为圆心，为半径的圆上，由于为正三角形，边长为，其内切圆半径为，故此圆恰好为的内切圆，完全落在面内，交线长为正确．故选：ACD【点睛】本题考查了空间几何中的距离以及距离和的最值问题，以及三棱锥体积和几何体中的轨迹问题，综合性强，要求充分发挥空间想象能力，解答时要能借助于几何体的直观图，明确空间的点线面的位置关系，灵活应用空间向量以及相关相关知识解决问题.三､填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13.已知p：“”为真命题，则实数a的取值范围是_________.【答案】【解析】【分析】根据条件将问题转化不等式在上有解，则，由此求解出的取值范围.【详解】因为“”为真命题，所以不等式在上有解，所以，所以，故答案为：.14.将（1＋x）n（n∈N*）的展开式中x2的系数记为，则________． 【答案】【解析】【分析】由二项式的展开式的通项为：可得，，则，利用裂项求和即可求得结果.【详解】解：二项式的展开式的通项为：令可得，，故答案为：.15.柜子里有4双不同的鞋，随机的取两只，则取出的鞋一只是左脚的，一只是右脚的，但它们不成对的概率为__________．【答案】【解析】【分析】先求出取出的鞋一只是左脚的，一只是右脚的，但它们不成对的总数，再求出随机的取两只的总数，再利用古典概型的概率公式求解.【详解】解：由题意：可以先选出左脚的一只有种选法，然后从剩下的3双的右脚中选出一只有种选法，所以一共有种不同的取法；又因为柜子里有只不同的鞋，随机选出两只，一共有种选法，所以概率为.故答案为：16.关于不等式恰有一个整数解，则实数的取值范围是__________．【答案】##【解析】【分析】根据题意，构造函数，通过讨论的范围可得函数 的单调性，再结合图像与已知条件即可求解.【详解】①当时，原不等式不成立；②当时，由恰有一个整数解，得恰有一个整数解.令，则，因此函数在区间上单调递减，易得不可能只有一个整数解，故不满足；③当时，由恰有一个整数解，得恰有一个整数解.由②可知，易得函数在区间上单调递减，在区间上单调递增，故.又因，且恰有一个整数解，所以，即.综上，.故答案为：.【点睛】导函数中常用的两种常用的转化方法：一是利用导数研究含参函数的单调性，常化为不等式恒成立问题．注意分类讨论与数形结合思想的应用；二是函数的零点、不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理．四､解答题（本大题共6小题，共70分.解答时应写出文字说明､证明过程或演算步骤）17.已知各项都为正数的数列满足，.（1）若，求证：是等比数列；（2）求数列的前项和. 【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）根据等比数列的定义,利用以及,即可得到,即可证明.（2）根据分组求和和等比数列求和公式即可求解.【小问1详解】因为所以，因为所以所以所以所以是首项和公比均为的等比数列.【小问2详解】由（1）易得：因为所以所以18.如图，三棱柱中侧棱与底面垂直，且，，，M，N，P，D分别为，BC，，的中点. （1）求证：面；（2）求平面PMN与平面所成锐二面角的余弦值.【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）解法一，建立空间直角坐标系，求出相关各点的坐标，确定平面的一个法向量，计算，即可证明；解法二，证明平面平面，利用面面平行的性质定理即可证明；（2）建立空间直角坐标系，求出相关各点的坐标，确定平面的一个法向量，求出平面PMN的法向量，利用向量的夹角公式求得答案.【小问1详解】解法一：以点A为坐标原点，AB､AC､所在直线分别为x､y､z轴建立空间直角坐标系， 则，，，，.取向量为平面的一个法向量，，∴，∴.又∵平面，∴平面.解法二：∵P，D分别为，的中点，∴，且平面，平面，∴平面，∵D，N分别为，BC的中点，∴，且平面，平面，∴平面，又，∴平面平面，又∵平面PDN，∴平面.【小问2详解】 以点A为坐标原点，AB､AC､所在直线分别为x，y，z轴建立空间直角坐标系，则，，，，.∴，,取向量为平面的一个法向量，设平面PMN的法向量为，则，即，令，则，，则，∴，由图示可知平面PMN与平面的夹角为锐角，∴平面PMN与平面所成锐二面角的余弦值为.19.不等式对一切实数x恒成立k的取值集合为A，集合（1）求集合A；（2）若___________，求实数m的取值范围.在①“”是“”的充分条件；②“”是“”的必要条件这两个条件中任选 一个补充在第（2）问中，并给出解答.注：如果选择多个条件分别作答，则按第一种情况解答给分【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）当时，显然成立；当时由求解即可；（2）由题设得，即在上恒成立，由解出m的取值范围即可.【小问1详解】当时，显然恒成立，当时不等式对一切实数x都成立，则，解得，综上可得；【小问2详解】选①②都有又，即在上恒成立，令，则，解得，所以m的取值范围为；20.击鼓传花，也称传彩球，是中国民间游戏，数人或几十人围成圆圈坐下，其中一人拿花(或一小物件);另有一人背着大家或蒙眼击鼓(桌子、黑板或其他能发出声音的物体)，鼓响时众人开始传花(顺序不定)，至鼓停止为止，此时花在谁手中(或其座位前)，谁就上台表演节目，某单位组织团建活动，9人一组，共9组，玩击鼓传花，(前五组)组号x与组内女性人数y统计结果如表:.x12345y22344（1）女性人数与组号x(组号变量x依次为1，2，3，4，5，...)具有线性相关关系，请预 测从第几组开始女性人数不低于男性人数;（参考公式：）（2）在(1)的前提下，从9组中随机抽取3组，若3组中女性人数不低于5人的有X组，求X的分布列与期望.【答案】（1）预测从第7组开始女性人数不低于男性人数（2）分布列见解析，1.【解析】【分析】（1）根据题意，结合已知公式得，再解即可估计得答案；（2）根据题意得的所有可能取值为0，1，2，3，再根据超几何分布求解即可.【小问1详解】解：由题可得，，．则所以当时，所以预测从第7组开始女性人数不低于男性人数．【小问2详解】解：由题可知的所有可能取值为0，1，2，3，则的分布列为 X0123P21.已知双曲线C：(a＞0，b＞0)的一个焦点坐标为(3，0)，其中一条渐近线的倾斜角的正切值为，O为坐标原点．（1）求双曲线C的方程；（2）直线l与x轴正半轴相交于一点D，与双曲线C右支相切(切点不为右顶点)，且l分别交双曲线C的两条渐近线于M、N两点，证明：△MON的面积为定值，并求出该定值．【答案】（1）；（2）证明见解析，﹒【解析】【分析】(1)由双曲线的一个焦点坐标为可求c，根据一条渐近线的倾斜角的正切值为可求，结合a、b、c的关系求解、得到双曲线方程；(2)设直线的方程为，，联立直线与椭圆方程，利用判别式为0，求出k与m的关系．联立l与渐近线方程求出M和N的坐标，通过，化简即可．【小问1详解】由题可知，解得，则：；【小问2详解】由于直线与双曲线右支相切(切点不为右顶点)，则直线的斜率存在且不为0，设直线的方程为，， 令，则，则．联立得，，则，即．双曲线两条渐近线方程为，联立得，，联立得，，，故的面积为定值．22.已知函数.（1）若有两个零点，的取值范围； （2）若方程有两个实根、，且，证明：.【答案】（1）（2）证明见解析【解析】【分析】（1）分析可知，由参变量分离法可知直线与函数的图象有两个交点，利用导数分析函数的单调性与极值，数形结合可求得实数的取值范围；（2）令，其中，令，，分析可知关于的方程也有两个实根、，且，设，将所求不等式等价变形为，令，即证，令，其中，利用导数分析函数的单调性，即可证得结论成立.【小问1详解】解：函数的定义域为.当时，函数无零点，不合乎题意，所以，，由可得，构造函数，其中，所以，直线与函数的图象有两个交点，，由可得，列表如下：增极大值减 所以，函数的极大值为，如下图所示：且当时，，由图可知，当时，即当时，直线与函数的图象有两个交点，故实数的取值范围是.【小问2详解】证明：因为，则，令，其中，则有，，所以，函数在上单调递增，因为方程有两个实根、，令，，则关于的方程也有两个实根、，且，要证，即证，即证，即证，由已知，所以，，整理可得，不妨设，即证，即证，令，即证，其中， 构造函数，其中，，所以，函数在上单调递增，当时，，故原不等式成立.【点睛】方法点睛：利用导数证明不等式问题，方法如下：（1）直接构造函数法：证明不等式（或）转化为证明（或），进而构造辅助函数；（2）适当放缩构造法：一是根据已知条件适当放缩；二是利用常见放缩结论；（3）构造“形似”函数，稍作变形再构造，对原不等式同解变形，根据相似结构构造辅助函数