上海市格致中学2021-2022学年高一数学下学期期中试题(Word版附解析)
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上海市格致中学2021-2022学年高一下期中数学试卷一、填空题(本大题共有12小题,满分48分)1.已知向量与共线,则_______.【答案】【解析】【分析】利用向量共线的坐标表示即可求解.【详解】因为向量与共线,所以,故.故答案为:.2.已知是第四象限角,化简_______.【答案】【解析】【分析】根据同角的平方关系即可化简得到结果.【详解】因为,且是第四象限角,则,即,所以故答案为:3.已知扇形的圆心角,扇形的面积为,则该扇形的弧长的值是______.【答案】【解析】【分析】先结合求出,再由求解即可【详解】由,则故答案为:【点睛】本题考查扇形的弧长和面积公式的使用,属于基础题
4.已知,则的单位向量的坐标为_______.【答案】【解析】【分析】先由向量的线性运算求得,再由模的坐标表示求得,从而求得所求.【详解】因为,所以,故,则的单位向量的坐标为.故答案为:.5.若函数的最小值为1,则实数__________.【答案】5【解析】【分析】由辅助角公式得的最小值为,由此可求得值.【详解】,其中,且终边过点.所以,解得.故答案为:5.【点睛】本题考查三角函数辅助角公式,掌握辅助角公式对解题关键.设,则,其中,角终边过点.由此易求得函数的最值,易研究函数的其他性质.6.若关于的方程无解,则的取值范围是_____.
【答案】【解析】【分析】先由三角函数的值域得到,再由方程无解得到或,解之即可.【详解】因为,所以由方程无解可得或,因为指数函数在上单调递减,且恒成立,所以由得,由可知,综上:,则.故答案为:.7.在中,,,,则__________.【答案】【解析】【详解】试题分析:考点:正余弦定理解三角形8.已知,,,若点是所在平面内一点,且,则的最大值等于________.【答案】【解析】【分析】建立直角坐标系,由向量式的几何意义易得的坐标,可化为
,再利用基本不等式求得它的最大值.【详解】解:由题意建立如图所示的坐标系,可得,,,,,,当且仅当,即时,取等号的最大值为,故答案为:.【点睛】本题考查平面向量数量积的运算,涉及基本不等式求最值,属中档题.9.若,且,求____________.【答案】【解析】
【分析】将等式化简可得,,可得,进而利用二倍角公式求解即可【详解】由题,,即,又,则,即,则,所以故答案为【点睛】本题考查对数、指数的计算法则,考查和角公式,考查余弦的二倍角公式,考查运算能力10.将函数(ω>0)的图像向左平移个单位,得到函数y=g(x)的图象.若y=g(x)在上为增函数,则ω的最大值为________.【答案】【解析】【详解】试题分析:根据“左加右减”原则,向左平移个单位,可知,y=g(x)在上为增函数,可知周期,所以,即,的最大值为.考点:三角函数的性质与图像的平移.11.设是同一平面上的三个两两不同的单位向量,若,则的值为_______.【答案】【解析】【分析】利用可设,设的夹角为,则
的夹角为,的夹角为或,利用得,建立方程关系求解即可.【详解】,设,则,是同一平面上的三个两两不同的单位向量,设的夹角为,则的夹角为,的夹角为或,,,解得,或(舍去).所以.故答案为:.【点睛】本题考查向量的数量积以及三角恒等变换求值,考查了转化与化归思想,属于中档题.12.已知、、、、五个点,满足,,则的最小值为______.【答案】##【解析】【分析】根据题意设出合理的向量模,再将其置于坐标系中,利用坐标表示出,再用基本不等式求解出最值即可.【详解】由题意设,则,,设,如图,因为求的最小值,
则,,,,所以,当且仅当,即时取等号,所以的最小值为.故答案为:.【点睛】关键点睛:首先是对向量模的合理假设,然后为了进一步降低计算的复杂性,我们选择利用坐标法将涉及的各个点用坐标表示,最后得到,再利用基本不等式即可求出最值.二、选择题(本大题共有4小题,满分16分,每题4分)13.设m,n为非零向量,则“存在正数,使得”是“”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充分必要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】根据共线定理定理和平面向量的数量积的定义,结合充分条件、必要条件的判定方法,即可求解.【详解】由题意,存在正数,使得,所以,同向,所以,即充分性是成立的,
反之,当非零向量夹角为锐角时,满足,而不成立,即必要性不成立,所以“存在正数,使得”是“”的充分不必要条件.故选A.【点睛】本题主要考查了以共线向量和向量的数量积为背景的充分条件、必要条件的判定,着重考查了分析问题和解答问题的能力.14.函数的一个对称中心是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】求解出对称中心为,对赋值则可判断.【详解】令,解得,所以函数图象的对称中心是,令,得函数图像的一个对称中心是,故选:C.15.将函数的图象向左平移个单位,平移后的图象如图所示,则平移后的图象所对应函数的解析式是()
A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】依题意可得,,从而可求得,结合平移后的函数图象可确定的取值范围,继而可得的值,最后得函数的解析式.【详解】解:函数的图象向左平移个单位,为,由图象得:①,解得:,又有图可知,最小正周期满足,即②结合①②得:平移后的图象所对应的函数的解析式为:.故选:C.16.设是平面直角坐标系中不同的四点,若且,则称是关于的“好点对”.已知是关于的“好点对”,则下面说法正确的是A.可能是线段的中点B.可能同时在线段延长线上C.可能同时在线段上
D.不可能同时在线段的延长线上【答案】D【解析】【详解】试题分析:解:若是线段的中点,则,从而这是不可能的,所以选项A不正确.若同时在线段延长线上,则有,与矛盾,所以选项B不正确.若同时在线段上,则有,所以与矛盾,所以选项C不正确.若同时在线段的延长线上,则有,所以与矛盾,所以选项D正确.故选:D考点:数乘向量的概念与性质.三、解答题(本大题共4题,满分56分)17.已知,,且.(1)求的值;(2)求的值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)利用将所求式子转化为齐次分式,从而利用
即可得解;(2)先由及求得,从而得到,再利用正切的和差公式求得,进而得解.【小问1详解】因为,所以.【小问2详解】因,所以,又因为,所以,,所以,又,所以由,解得,所以,又,,故,所以.18.已知向量,向量,函数.(1)求函数的最小正周期,以及在上的单调区间;
(2)已知分别为内角、、的对边,且为锐角,,,恰是在上的最大值,求的面积.【答案】(1)的最小正周期.在上递增,在上单减.(2)或.【解析】【分析】(1)先求出,即可求出最小正周期和单调区间;(2)先求出角A,再利用正弦定理求出角C,即可求出B,进而求出的面积.【小问1详解】因为向量,向量,函数,所以所以函数的最小正周期.令,因为,所以.因为在上递增,在上单减,
所以在上递增,在上单减.小问2详解】由题意及(1)中的单调性,可得:.在中,,,由正弦定理得:,解得:.所以或.当时,,所以的面积;当时,,所以的面积.故的面积为或.19.如图,梯形,,,,为中点,.(1)当时,用向量表示的向量;(2)若为大于零的常数),求的最小值,并指出相应的实数的值.【答案】(1)(2);
【解析】【分析】(1)结合图形,先证得四边形是平行四边形,从而利用向量的线性运算即可得解.(2)结合(1)中的结论,得到关于的表达式,进而利用向量的数量积运算求模得到关于的二次表达式,从而可求得的最小值及相应的值.【小问1详解】过作交于,如图,因为,所以,,则四边形是平行四边形,故,即是的中点,所以,当时,,所以..【小问2详解】因为,所以,所以,因为,,,所以,所以当,即时,取得最小值.
所以的最小值为,此时.20.某同学用“五点法”画函数在某一周期内的图象时,列表并填入的部分数据如表:00100000(1)请利用上表中的数据,写出、的值,并求函数的解析式;(2)将函数图象向右平移个单位,再把所得图象上各店的横坐标缩小为原来的,纵坐标不变,得到函数的图象,若在上恒成立,求实数的取值范围;(3)在(2)的条件下,若在上恰有奇数个零点,求实数与零点个数的值.【答案】(1),,函数的解析式为;(2);(3),在共有个不同的零点.【解析】【分析】(1)利用“五点法”列方程求出、的值,进而求出解析式;(2)先利用图像变换求出,列不等式组即可求出实数的取值范围;(3)令,考虑方程
的根的情况,或,分类讨论:①,②和,③,④,分别求解.【小问1详解】由“五点法”及表格数据分析可得:.所以.由,解得:,所以.由,解得:.综上所述:,,函数解析式为.【小问2详解】由(1)知,将函数的图象向右平移个单位,得到,再把所得图象上各店的横坐标缩小为原来的,纵坐标不变,得到函数的图象,所以.当时,.因为在上恒成立,所以在上恒成立,所以在上恒成立,所以在上恒成立,所以.
即实数的取值范围为.【小问3详解】由(2)可知:,周期为.当时,令,考虑方程根的情况:因为,所以方程在R上必有两个不同的实数根.因为在有奇数个零点,所以或.①若,则方程在共有4个不同的实数根,在有0个或2个实数根.所以在有个根或个根,与有奇数个零点相矛盾,舍去;②若,则在在共有2个不同的实数根,在有0个或2个实数根.所以在有个根或个根,与有奇数个零点相矛盾,舍去.同理:也不符合题意,舍去.所以或③若,则,方程的根.方程在共有3个不同的实数根,而在上无解,有一个不同的根,,所以在在个根,与有奇数个零点相矛盾,舍去.
④若,则,此时的根为.方程在共有3个不同的实数根,而在上有两个不同的根,无解,所以在在个根,符合题意.综上所述:,在共有个不同的零点.
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