浙江省绍兴市诸暨市草塔中学2022学年高二化学下学期第一次月考试题（小小班）（含解析）

2022-2022学年浙江省绍兴市诸暨市草塔中学高二（下）第一次月考化学试卷（小小班）一．选择题（共25题，每小题只有一个正确答案）1．（3分）下列关于有机化学史的说法，正确的是（　　）　A．贝采里乌斯提出了测定有机物元素组成的方法　B．海维西提出了基团理论　C．李比希提出了有机化学概念　D．维勒最早用人工方法将无机物转变为有机物考点：化学史．专题：有机化合物的获得与应用．分析：A．贝采利乌斯在1806年最早提出“有机化学”这个名称；B．鲍里斯•塞泽尔基提出了基团理论；C．有机物的元素定量分析最早是由德国人李比希提出的；D．维勒最早用人工方法将无机物转变为有机物．解答：解：A．贝采利乌斯在1806年最早提出“有机化学”这个名称，故A错误；B．鲍里斯•塞泽尔基提出了基团理论，故B错误；C．贝采里乌斯提出了有机化学概念，故C错误；D．德国化学家维勒用氰酸铵合成尿素，从而打破了无机物和有机物的界限，故D正确．故选D．点评：本题考查化学史，难度不大，注意基础知识的积累．　2．（3分）下列有机物命名正确的是（　　）　A．2﹣乙基丙烷B．苯酚　C．2﹣甲基﹣1﹣丁烯D．2﹣乙基1，3﹣丁二烯考点：有机化合物命名．专题：有机化学基础．分析：判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：（1）烷烃命名原则：①长﹣﹣﹣﹣﹣选最长碳链为主链；②多﹣﹣﹣﹣﹣遇等长碳链时，支链最多为主链；③近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号；④小﹣﹣﹣﹣﹣支链编号之和最小．看下面结构简式，从右端或左端看，均符合“近﹣﹣﹣﹣﹣离支链最近一端编号”的原则；⑤简﹣﹣﹣﹣﹣两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号．如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；-22-\n（2）有机物的名称书写要规范；（3）对于结构中含有苯环的，命名时可以依次编号命名，也可以根据其相对位置，用“邻”、“间”、“对”进行命名；（4）含有官能团的有机物命名时，要选含官能团的最长碳链作为主链，官能团的位次最小．解答：解：A．2﹣乙基丙烷，该命名选取的主链不是最长碳链，该有机物最长碳链含有4个C，主链为丁烷，在2号C含有一个甲基，该有机物正确命名为：2﹣甲基丁烷，故A错误；B．，该有机物分子中不存在苯环，所以不是苯酚，正确命名应该为：环己醇，故B错误；C．2﹣甲基﹣1﹣丁烯，烯烃的命名中，选取含有碳碳双键的最长碳链为主链，该有机物含有碳碳双键的最长主链含有4个C，主链为丁烯，编号从距离碳碳双键的一端开始，碳碳双键在1号C、甲基在3号C，该有机物正确命名为：3﹣甲基﹣1﹣丁烯，故C错误；D．2﹣乙基﹣1，3﹣丁二烯，图示表示的为有机物的键线式，键线式中每一个拐点和终点都表示一个C，该有机物中含有两个碳碳双键，含有碳碳双键最长的主链含有4个C，主链为丁二烯，在2号C含有一个乙基，该有机物正确命名为：2﹣乙基﹣1，3﹣丁二烯，故D正确；故选D．点评：本题考查了有机物的命名，题目难度不大，该题注重了基础性试题的考查，侧重对学生基础知识的检验和训练，该题的关键是明确有机物的命名原则，然后结合有机物的结构简式灵活运用即可，有利于培养学生的规范答题能力；选项D为难点和易错点，注意正确选取含有两个碳碳双键的碳链为主链．　3．（3分）为了鉴定溴乙烷中溴元素的存在，试分析下列各步实验，其中操作顺序合理的是（　　）①加入AgNO3溶液②加入NaOH溶液③加热④用HNO3酸化溶液⑤加入NaOH溶液醇溶液．　A．①②③⑤B．②③④①C．④③⑤①D．④②⑤③考点：常见离子的检验方法．专题：实验设计题．分析：检验溴乙烷中溴元素使卤代烃中的卤素原子变为卤离子，溴乙烷可以在氢氧化钠水溶液中水解生成卤离子，也可以在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成卤离子，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，据此即可解答．解答：解：为了检验溴乙烷中含有溴元素，不能直接向溴乙烷中滴加硝酸银溶液来检验，是因为溴乙烷中不含有溴离子；-22-\n检验溴乙烷中含有溴元素一定要将之转化为溴离子，可以采用卤代烃的水解方法或在氢氧化钠醇溶液中发生消去反应生成卤离子，即加入氢氧化钠选②，或加入NaOH溶液醇溶液选⑤，加热，发生水解反应生成NaBr选③，用HNO3酸化溶液至溶液呈酸性选④，最后加入硝酸银溶液，生成淡黄色沉淀，则证明含溴元素选①，即操作顺序为②③④①或⑤③④①，故选：B．点评：本题考查有机物的结构和性质，注意溴乙烷中不含溴离子，明确卤离子的转化是解答的关键，水解后加酸至酸性为解答的易错点，题目难度不大．　4．（3分）下列各组物质不属于同分异构体的是（　　）　A．乙醇和乙醚B．邻氯甲苯和对氯甲苯　C．2一甲基丁烷和正戊烷D．邻甲苯酚和苯甲醇考点：同分异构现象和同分异构体．专题：同分异构体的类型及其判定．分析：根据分子式相同，结构不同的化合物互为同分异构体，据此判断．解答：解：A．乙醇和二甲醚分子式不相同，结构不同，不是同分异构体，故A正确；B．邻氯甲苯和对氯甲苯分子式相同，但结构不同，互为同分异构体，故B错误；C．2一甲基丁烷和正戊烷分子式相同，但结构不同，互为同分异构体，故C错误；D．邻甲苯酚和苯甲醇分子式不同，但结构不同，互为同分异构体，故D错误；故选：A．点评：本题考查同分异构体的概念与区别，难度不大，关键是根据名称写出分子式或结构简式进行判断．　5．（3分）某有机物A是农药生产中的一种中间体，其结构简式如图所示．下列叙述正确的是（　　）　A．有机物A属于芳香烃　B．有机物A可以和Br2的CCl4溶液发生加成反应　C．有机物A和浓硫酸混合加热，可以发生消去反应　D．1molA和足量的NaOH溶液反应，可以消耗3molNaOH考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：有机物A含有O、Cl等元素，属于烃的衍生物，含有酯基，可发生水解反应，含有﹣Cl，可发生水解、消去反应，含有﹣OH，可发生氧化、取代反应，以此解答该题．解答：解：A．有机物A含有O、Cl等元素，属于烃的衍生物，故A错误；B．有机物A中不含碳碳双键，不能与溴发生加成反应，故B错误；C．由于﹣OH相邻C原子上不含H原子，不能发生消去反应，故C错误；D．有机物A水解产物中共含有1个酚羟基、1个羧基和HCl，则1molA和足量的NaOH溶液反应，可以消耗3molNaOH，故D正确．故选D．-22-\n点评：本题考查有机物的结构和性质，侧重于有机物的官能团的性质的考查，题目难度不大，易错点为D，注意从水解产物的角度进行判断．　6．（3分）下列有机化合物中，其一氯代物种类最少的是（　　）　A．B．C．D．考点：同分异构现象和同分异构体．专题：同分异构体的类型及其判定．分析：烃的一氯代物种类，取决于有机物分子中氢原子的种类，先根据有机物名称判断有机物中氢原子种类，然后判断一氯代物种类即可．解答：解：A．有1种氢原子，一氯代物有1种，故A正确；B．有2种氢原子，一氯代物有2种，故B错误；C．有5种氢原子，一氯代物有5种，故C错误；D．有2种氢原子，一氯代物有2种，故D错误．故选A．点评：本题考查了有机物的同分异构体数目计算，可以根据烃中的氢原子种类，确定取代产物种类，本题难度中等．　7．（3分）下列物质的沸点按由高到低的顺序排列正确的是（　　）①CH3（CH2）2CH3②CH3（CH2）3CH3③（CH3）3CCH3④（CH3）2CHCH2CH3．　A．②④①③B．④②①③C．④③②①D．②④③①考点：常见有机化合物的结构；烷烃及其命名．专题：有机化学基础．分析：根据烷烃的物理性质随着分子中碳原子数的递增呈规律性变化，沸点逐渐升高；碳原子数相同的烃，支链越多，熔、沸点越低来分析；解答：解：烷烃的物理性质随着分子中碳原子数的递增呈规律性变化，沸点逐渐升高；碳原子数相同的烃，支链越多，熔沸点越低．②、③、④中碳原子都是5个，②无支链，③的支链比④多，所以沸点：②＞④＞③；①中碳原子数为4，比②③④中碳原子数都少，所以沸点：②＞④＞③＞①；故沸点按由高到低的顺序排列是：②④③①；故选：D；点评：本题考查了烷烃沸点高低的判断，难度不大，明确碳原子数相同的烃，支链越多，熔沸点越低．　-22-\n8．（3分）某有机物链状分子中含a个甲基，n个亚甲基（﹣CH2﹣），m个次甲基（），其余为羟基．则羟基的个数为（　　）　A．2n+3m﹣aB．n+m+aC．m+2﹣aD．m+2n+2﹣a考点：有机化合物中碳的成键特征．专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：有机物主要靠C原子连接，每个碳原子都必须形成4个共价键，以1条碳链分析考虑，先分析若只连接甲基，计算连接的甲基数目，再根据分子中含有的甲基数目计算羟基数．1个﹣CH﹣可连接1个甲基，﹣CH2﹣不管多少个只能连接两个﹣CH3．据此计算判断．解答：解：若只连接甲基，﹣CH2﹣不管多少个只能连接两个﹣CH3，m个﹣CH﹣，能连接m个﹣CH3，所以n个﹣CH2﹣，m个﹣CH﹣，连接﹣CH3共计m+2个．由于分子中含有a个﹣CH3，所以连接的﹣OH为m+2﹣a．故选C．点评：本题考查有机化合物中成键特征，难度中等，关键清楚有机物主要靠C原子连接，每个碳原子都必须形成4个共价键．　9．（3分）某烃结构式用键线式表示为，该烃与Br2加成时（物质的量之比为1：1），所得产物有（　　）　A．3种B．4种C．5种D．6种考点：有机化合物的异构现象；有机物的结构和性质．专题：同分异构体的类型及其判定．分析：烯与溴加成时溴原子连接在相邻的不饱和的C原子上．溴与二烯烃加成可以发生1，2﹣加成，溴原子连接在相邻的不饱和的C原子上；也可以发生1，4﹣加成，中间形成1个碳碳双键．解答：解：当溴与发生1，2﹣加成时，生成物有、；当溴与发生1，4﹣加成时，生成物有、，显然所得产物有5种．-22-\n故选C．点评：本题以烯和二烯烃的加成反应为载体，考查同分异构体的书写，难度不大，注意二烯烃发生1，4﹣加成反应．　10．（3分）有8种物质：①甲烷；②苯；③聚乙烯；④聚异戊二烯；⑤2﹣丁炔；⑥环己烷；⑦邻二甲苯；⑧环己烯．既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的是（　　）　A．③④⑤⑧B．④⑤⑦⑧C．④⑤⑧D．③④⑤⑦⑧考点：有机物的结构和性质．专题：有机物的化学性质及推断．分析：8中物质都属于烃，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色的有机物一般应具有还原性，往往应含有不饱和键，以此解答该题．解答：解：①甲烷为饱和烃，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故①错误；②苯不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故②错误；③聚乙烯不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故③错误；④聚异戊二烯含有碳碳双键，可既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故④正确；⑤2﹣丁炔含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故⑤正确；⑥环己烷不含不饱和键，不能与酸性高锰酸钾溶液和溴水反应，故⑥错误；⑦邻二甲苯只能与酸性高锰酸钾发生反应，但不能与溴水反应，故⑦错误；⑧环己烯含有不饱和键，既能使酸性高锰酸钾溶液褪色又能与溴水反应使之褪色，故⑧正确．故选C．点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，注意把握有机物官能团或基团的性质，性质官能团的性质解答该题．　11．（3分）设NA为阿伏加德罗常数，下列有关叙述正确的是（　　）　A．1mol苯乙烯含有的C=C数为4NA　B．2.8克乙烯和丙烯的混合气体中所含碳原子数为0.2NA　C．1mol羟基所含的电子总数为10NA　D．标准状况下，11.2L己烷所含分子数为0.5NA考点：阿伏加德罗常数．分析：A．苯乙烯中只有侧链含有碳碳双键，苯环中不存在碳碳双键；B．乙烯和丙烯的最简式为CH2，根据最简式计算出混合气体中含有的碳原子数目；C．羟基（）中含有9个电子，1mol羟基中含有9mol电子；D．标准状况下己烷为液体，不能使用标况下的气体摩尔体积计算己烷的物质的量．解答：解：A．苯环中的碳碳键为一种介于单键和双键之间的独特键，不存在碳碳双键，所以1mol苯乙烯中含有1mol碳碳双键，含有的C=C数为NA，故A错误；B．2.8g乙烯和丙烯的混合物中含有0.2mol最简式CH2，含有0.2mol碳原子，所含碳原子数为0.2NA，故B正确；-22-\nC．羟基的电子式为：，1mol羟基中含有9个电子，所含的电子总数为9NA，故C错误；D．标准状况下，己烷不是气体，不能使用标况下的气体摩尔体积计算11.2L己烷的物质的量及分子数，故D错误；故选B．点评：本题考查阿伏加德罗常数的有关计算和判断，题目难度中等，注意掌握好以物质的量为中心的各化学量与阿伏加德罗常数的关系，明确标况下气体摩尔体积的使用条件及苯分子中不存在碳碳双键，准确弄清分子、原子、原子核内质子中子及核外电子的构成关系；选项B为易错点，注意羟基与氢氧根离子的区别．　12．（3分）某烃的分子式为C10H14，它不能使溴水褪色，但可使KMnO4酸性溶液褪色，分子结构中只含有一个烷基，符合条件的烃有（　　）　A．2种B．3种C．4种D．5种考点：同分异构现象和同分异构体．专题：同分异构体的类型及其判定．分析：先判断该分子符合哪类烃的通式，再根据题意判断含有的官能团，再判断其同分异构体．解答：解：该烃的分子式符合2n﹣6的通式，它不能使溴水褪色，但可使KMnO4酸性溶液褪色，所以含有苯环；根据题意知，该分子含有丁烷烷基，所以只判断丁烷烷基的同分异构体即可；丁烷烷基的碳链同分异构体有：苯的同系物中与苯环相连的C原子上必须含有H原子，才可被酸性高锰酸钾氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，烷基，与苯环相连的C原子上不含H原子，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色．故选：B点评：本题考查了同分异构体的书写，侧重考查学生思考问题的全面性，书写同分异构体时注意不能漏写、重写．　13．（3分）有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同．下列事实不能说明上述观点的是（　　）　A．苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应　B．甲酸钠能发生银镜反应，而乙酸钠不能发生银镜反应　C．乙苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，乙烷不能使酸性高锰酸钾溶液褪色　D．苯与硝酸在加热时发生取代反应，甲苯与硝酸在常温下就能发生取代反应-22-\n考点：有机分子中基团之间的关系．分析：A．苯环影响﹣OH，具有酸性；B．甲酸钠中含有醛基，乙酸钠没有；C．苯环影响乙基，乙苯易被氧化；D．甲基影响苯环，则甲苯中苯环上的H易被取代．解答：解：A．苯环影响﹣OH，具有酸性，乙醇为中性，﹣OH连接的烃基不同，可说明或原子与原子团间的相互影响会导致物质的化学性质不同，故A不选；B．甲酸钠中含有醛基，乙酸钠没有，因官能团不同导致化学性质不同，故B选；C．苯环影响乙基，乙苯易被高锰酸钾氧化，而苯不能，可说明或原子与原子团间的相互影响会导致物质的化学性质不同，故C不选；D．甲基影响苯环，则甲苯中苯环上的H易被取代，甲苯苯环上氢原子比苯分子中的氢原子易被溴原子取代，可说明或原子与原子团间的相互影响会导致物质的化学性质不同，故D不选；故选B．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系、原子或原子团的相互影响为解答的关键，侧重常见有机物结构、性质的考查，题目难度不大．　14．（3分）当燃烧8.96L由CH4、CO、C2H6组成的混和气体时，除生成水外，还生成13.44LCO2气体（气体体积均在标准状况下测定）．则原混和气体中含C2H6的物质的量是（　　）　A．0.2molB．0.4molC．0.6molD．0.8mol考点：有关混合物反应的计算．专题：烃及其衍生物的燃烧规律．分析：根据碳元素守恒V（CO2）=V（CH4）+V（CO）+2V（C2H6），据此计算原混合气体中C2H6的体积，再根据n=计算C2H6的物质的量．解答：解：根据碳元素守恒V（CO2）=V（CH4）+V（CO）+2V（C2H6），所以13.44L=[V（CH4）+V（CO）]+V（C2H6）=8.96L+V（C2H6），所以原混合气体中V（C2H6）=13.44L﹣8.96L=4.48L，则原混和气体中含C2H6的物质的量为=0.2mol，故选A．点评：考查混合物的有关计算，难度中等，根据体积变化确定原混合气体中C2H6的体积是关键，也可以利用差量法计算．　15．（3分）某烃结构如下﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3，有关其结构说法正确的是（　　）　A．所有原子可能在同一平面上　B．在同一条直线上的碳原子最多有8个　C．所有碳原子可能在同一平面上　D．在同一平面上的原子最多有18个考点：有机物的结构和性质；有机物分子中的官能团及其结构．-22-\n分析：有机物﹣C≡C﹣CH=CH﹣CH3中，具有苯环、乙烯的共面结构以及乙炔的共线结构，所以苯环的6个碳原子一定共面，具有乙烯结构的后4个碳原子一定共面，具有乙炔结构的两个碳原子（倒数第四个和倒数第五个）一定共线，所有的碳原子可以共面，但不共线．解答：解：A．分子中含甲基，为四面体构型，则所有原子不可能共面，故A错误；B．C≡C为直线结构，与苯环中2个C、双键中的1个C在同一直线上，即最多有5个C，故B错误；C．苯环、三键、双键均为平面结构，且直接相连，则所有碳原子可能在同一平面上，故C正确；D．苯环中11个原子+三键中2个原子、双键中4个原子及甲基中2个原子最多共面，即同一平面上的原子最多有19个，故D错误；故选C．点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重原子共面、共线问题的考查，选项D为解答的难点，注意常见有机物的结构，题目难度不大．　16．（3分）下列说法中，正确的是（　　）　A．粘胶纤维是由石油化工产品合成的人造纤维　B．可以通过调节溶液的pH分离各种氨基酸　C．蛋白质遇双缩脲试剂时会呈现蓝色　D．将甘氨酸、丙氨酸和苯丙氨酸混合（三种氨基酸分子中均只含有一个氨基和一个羧基），在一定条件下生成的链状三肽共有15多少种考点：氨基酸、蛋白质的结构和性质特点；常用合成高分子材料的化学成分及其性能．专题：糖类与蛋白质专题．分析：A．粘胶纤维是指从木材和植物藁杆等纤维素原料中提取的α﹣纤维素，或以棉短绒为原料，制成的人造纤维；B．等电点：在某一PH的溶液中，氨基酸或蛋白质解离成阳离子和阴离子的趋势或程度相等，成为兼性离子，呈电中性，此时溶液的pH成为该氨基酸或蛋白质的等电点．在等电点时，氨基酸的溶解度最小；C．蛋白质都可以与双缩脲试剂发生反应而使溶液呈现紫色；D．三肽中含有3个氨基酸，每一个都有3种选择．解答：解：A．粘胶纤维是指从木材和植物藁杆等纤维素原料中提取的α﹣纤维素，或以棉短绒为原料，经加工成纺丝原液，再经湿法纺丝制成的人造纤维，故A错误；B．在等电点时，氨基酸的溶解度最小．因此可以用调节溶液PH值的方法，使不同的氨基酸在各自的等电点结晶析出，以分离或提纯氨基酸，故B正确；C．食物中是否含有蛋白质或蛋白质的含量多少，可用双缩脲试剂检测．在碱性溶液中，双缩脲试剂能与蛋白质反应，形成紫色络合物．由于蛋白质分子中含有许多与双缩脲结构相似的肽键，因此，蛋白质都可以与双缩脲试剂发生反应而使溶液呈现紫色，故C错误；D．三肽中含有3个氨基酸，每一个都有3种选择，所以是3×3×3=27种，故D错误．故选B．-22-\n点评：本题考查粘胶纤维、氨基酸和蛋白质的性质等，难度不大，注意蛋白质都可以与双缩脲试剂发生反应而使溶液呈现紫色．　17．（3分）下列实验中，有关仪器的下端必须插入液面以下的是（　　）①制备乙烯时用的温度计②制备氯气装置中的分液漏斗③制备氨水时将氨气溶于水的导管④制备氢气的简易装置中加入稀硫酸用的长颈漏斗⑤分馏石油时的温度计．　A．①④B．①②④C．①②⑤D．①③④考点：化学实验方案的评价．专题：实验评价题．分析：①制备乙烯时用的温度计是测量混合溶液的温度；②制备氯气装置中的分液漏斗，分液漏斗能用活塞控制；③氨气溶于水易产生倒吸现象；④制备氢气的简易装置中加入稀硫酸用的长颈漏斗应该起到液封的作用；⑤分馏石油时的温度计测量蒸气的温度．解答：解：①制备乙烯时用的温度计是测量混合溶液的温度，所以温度计要插入液面下，故正确；②制备氯气装置中的分液漏斗，分液漏斗能用活塞控制，所以分液漏斗不用插入液面下，故错误；③氨气溶于水易产生倒吸现象，所以导气管不能伸入液面下，故错误；④制备氢气的简易装置中加入稀硫酸用的长颈漏斗应该起到液封的作用，所以长颈漏斗要伸入液面下，故正确；⑤分馏石油时的温度计测量蒸气的温度，温度计不能伸入液面下，故错误；故选A．点评：本题考查了温度计和其它仪器的放置位置，根据其实验目的及物质的性质确定仪器的位置，硝酸和苯的取代反应中温度计测量水的温度，会对知识点总结归纳，题目难度中等．　18．（3分）化学与生产、生活、科技等密切相关，下列说法正确的是（　　）　A．石油裂解的目的是提高汽油等轻质油的产量和质量　B．“神州七号”的防护层中含聚四氟乙烯，聚四氟乙烯属于不饱和烃　C．苯酚稀溶液常用于外科消毒，所以自来水也可以用苯酚进行消毒处理　D．煤经气化和液化两个化学变化过程，可变为清洁能源考点：石油的裂化和裂解；煤的干馏和综合利用；苯酚的化学性质；合成材料．专题：有机化学基础．分析：A．石油裂化的目的是为了提高轻质液体燃料的产量，特别是提高汽油的产量，裂解的目的是为了获得乙烯、丙烯、丁二烯、丁烯、乙炔等；B．聚四氟乙烯含有氟元素，不是烃；C．苯酚是有一种有毒有机物，如果做饮用水消毒剂，会对人体造成毒害；D．煤的气化是煤在氧气不足的条件下进行部分氧化形成H2-22-\n、CO等气体的过程，煤的液化是将煤与H2在催化剂作用下转化为液体燃料或利用煤产生的H2和CO通过化学合成产生液体燃料或其他液体化工产品的过程．解答：解：A．石油裂化的目的是为了提高轻质液体燃料（汽油，煤油，柴油等）的产量，特别是提高汽油的产量，裂解的目的是为了获得乙烯、丙烯、丁二烯、丁烯、乙炔等，故A错误；B．聚四氟乙烯含有氟元素，不是烃，故B错误；C．苯酚是有一种有毒有机物，如果做饮用水消毒剂，会对人体造成毒害，故C错误；D．煤的气化是煤在氧气不足的条件下进行部分氧化形成H2、CO等气体的过程，煤的液化是将煤与H2在催化剂作用下转化为液体燃料或利用煤产生的H2和CO通过化学合成产生液体燃料或其他液体化工产品的过程，故煤经气化和液化两个化学变化过程，可变为清洁能源，故D正确，故选D．点评：本题考查石油的裂解、烃的判断、苯酚的使用以及煤的气化和液化，难度不大，要注意苯酚是有一种有毒有机物．　19．（3分）下列5个有机化合物中，能够发生酯化、加成和氧化3种反应的是（　　）①CH2=CHCOOH②CH2=CHCOOCH3③CH2=CHCH2OH④CH3CH2CH2OH．　A．①③④B．②④⑤C．①③⑤D．①②⑤考点：有机物的结构和性质．分析：含﹣OH或﹣COOH能发生酯化反应，含不饱和键能发生加成反应，选项中的有机物均能燃烧生成二氧化碳和水，以此来解答．解答：解：①CH2=CHCOOH，含C=C和﹣COOH，能发生酯化、加成和氧化3种反应，故选；②CH2=CHCOOCH3，含C=C，能发生加成和氧化反应，不能发生酯化反应，故不选；③CH2=CHCH2OH，含C=C和﹣OH，能发生酯化、加成和氧化3种反应，故选；④CH3CH2CH2OH，含﹣OH，能发生酯化和氧化反应，不能发生加成反应，故不选；⑤CH3CH（OH）CH2CHO，含﹣OH和﹣CHO，能发生酯化、加成和氧化3种反应，故选；故选C．点评：本题考查有机物的结构和性质，为高考常见题型和高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物的结构特点和有机物官能团的性质，为解答该题的关键，难度不大．　20．（3分）鲨鱼是世界上唯一不患癌症的动物，科学研究表明，鲨鱼体内含有一种角鲨烯，具有抗癌性．已知角鲨烯分子中含有30个碳原子及6个C=C且不含环状结构，则其分子式为（　　）　A．C30H60B．C30H56C．C30H52D．C30H50考点：有机物分子中的官能团及其结构；有机物实验式和分子式的确定．专题：有机物分子组成通式的应用规律．分析：烃中每含有1个C=C键，则减少2个H原子，含30个碳原子的烷烃其分子式为C30H62，以此进行判断．解答：解：含30个碳原子的烷烃其分子式为C30H62-22-\n，当分子中含有6个C=C而不含环状结构时，氢原子数减少12个，所以角鲨烯的分子式为C30H50．故选D．点评：本题考查有机物分子式的确定，题目难度不大，注意C=C键的个数与H原子的关系．　21．（3分）（2022•杭州二模）金银花是治疗和预防甲型H1N1的常见中草药，有效活性成分为绿原酸，又名咖啡鞣酸，具有广泛的杀菌消炎功效，结构式见图，下列有关绿原酸的说法不正确的是（　　）　A．分子式为C16H18O9B．含有羧基、羟基、酯基等含氧官能团　C．1mol绿原酸最多与5molH2加成D．1mol绿原酸最多与4molNaOH反应考点：有机物分子中的官能团及其结构．专题：有机物的化学性质及推断．分析：根据有机物的结构简式可确定有机物的分子式为C16H18O9，分子中含有﹣OH、﹣COOH、酚羟基和﹣OO﹣等官能团，结合官能团判断可能具有的性质．解答：解：A．有机物分子中含有16个C、18个H和9个O原子，则分子式为C16H18O9，故A正确；B．观察有机物的结构可知含有羧基、羟基、酯基等含氧官能团，分别为﹣OH、﹣COOH、﹣COO﹣，故B正确；C．能发生加成反应的有C=C和苯环，酯基或羧基不能发生加成反应，则1mol绿原酸最多与4molH2加成，故C错误；D．分子中羧基和酚羟基都能与碱反应，在碱性条件下生成羧基，也消耗NaOH，则1mol绿原酸最多与4molNaOH反应，故D正确．故选C．点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度不大，解答本题的关键是正确判断有机物的官能团并把握相关性质．　22．（3分）下列化学实验，能达到实验目的是（　　）　A．除去苯中混有的少量苯酚，加入溴水充分反应后，过滤　B．鉴定卤代烃中的卤原子，直接加入硝酸银溶液，根据沉淀颜色，判断卤原子类型　C．乙醇在170℃加热脱水，将产生的气体通入酸性高锰酸钾溶液，若能使其褪色，则证明有乙烯产生　D．能否使酸性高锰酸钾溶液褪色，可以检验苯的同系物中是否含有结构考点：物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用；物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．专题：物质检验鉴别题．分析：A．苯与溴水反应生成三溴苯酚，三溴苯酚溶于苯；-22-\nB．卤代烃为非电解质，不能电离出卤素离子；C．应先排除乙醇和二氧化硫等气体的干扰；D．苯的同系物总，如具有结构，可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应．解答：解：A．苯与溴水反应生成三溴苯酚，三溴苯酚溶于苯，不能得到纯净的苯，应加氢氧化钠溶液，然后分液，故A错误；B．卤代烃为非电解质，不能电离出卤素离子，应先在碱性条件下水解，然后加入硝酸酸化后在加硝酸银检验，故B错误；C．乙醇易挥发，且乙醇与浓硫酸发生氧化还原反应生成二氧化硫气体，则生成的乙烯中可能含有乙醇和二氧化硫，都能使酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，应先排除乙醇和二氧化硫等气体的干扰，故C错误；D．苯的同系物总，如具有结构，可与酸性高锰酸钾发生氧化还原反应，故D正确．故选D．点评：本题考查物质的分离、提纯以及鉴别，为高频考点，侧重于学生的分析能力和实验能力的考查，注意把握物质的性质的异同，注意除杂时不能引入新的杂质，且不能影响被提纯的物质，难度不大．　23．（3分）某有机化合物的结构简式为：；其中属于芳香醇的同分异构体共有（　　）　A．3种B．4种C．5种D．6种考点：同分异构现象和同分异构体．分析：该有机物的分子式为C8H10O，对应的芳香醇可为苯乙醇、甲基苯甲醇等，以此判断．解答：解：的分子式为C8H10O，对应的芳香醇有以及，共5种，故选C．点评：本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，注意把握题给信息，掌握同分异构体的判断方法．　-22-\n24．（3分）某有机物甲经氧化得到乙（分子式为C2H3O2Cl）；而甲经水解可得丙，1mol丙和2mol乙反应得一种含氯的酯（C6H8O4Cl2）；由此推断甲的结构简式为（　　）　A．ClCH2CH2OHB．OHC﹣O﹣CH2ClC．ClCH2CHOD．HOCH2CH2OH考点：有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：甲经氧化得到乙（分子式为C2H3O2Cl），甲经水解可得丙，1mol丙和2mol乙反应得一种含氯的酯（C6H8O4Cl2），则甲中含有2个C原子，还含有﹣Cl和﹣OH，丙中含有2个﹣OH，以此来解答．解答：解：甲经氧化得到乙（分子式为C2H3O2Cl），甲经水解可得丙，1mol丙和2mol乙反应得一种含氯的酯（C6H8O4Cl2），则甲中含有2个C原子，还含有﹣Cl和﹣OH，甲中﹣Cl水解得到﹣OH，所以丙中含有2个﹣OH，即甲为ClCH2CH2OH，故选A．点评：本题考查有机物的推断，明确常见有机物醇、卤代烃的性质及酯化反应即可解答，注意碳链骨架的变化是解答本题的关键，题目难度不大．　25．（3分）下列实验结论不正确的是（　　）实验操作现象结论A将石蜡油加强热产生的气体通入溴的四氯化碳溶液中溶液褪色产物不都是烷烃B将乙醇与酸性重铬酸钾（K2Cr2O7）溶液混合橙色溶液变为绿色乙醇具有还原性C将碘酒滴到土豆片上土豆片变蓝淀粉遇碘元素变蓝D将新制Cu（OH）2与葡萄糖溶液混合加热产生红色沉淀（Cu2O）葡萄糖具有还原性　A．AB．BC．CD．D考点：食物中淀粉、蛋白质、葡萄糖的检验；化学实验方案的评价．专题：实验评价题．分析：A．烯烃能使溴的四氯化碳溶液褪色；B．重铬酸钾（K2Cr2O7）溶液为橙色，三价铬离子为绿色；C．淀粉遇碘单质变蓝；D．新制Cu（OH）2与葡萄糖溶液混合加热产生红色沉淀（Cu2O）．解答：解：A．溴的四氯化碳溶液褪色说明含有烯烃，故A正确；B．重铬酸钾（K2Cr2O7）溶液为橙色，三价铬离子为绿色，化合价降低，说明乙醇化合价升高，有还原性，故B正确；C．土豆中含有淀粉，淀粉遇碘单质变蓝，不是碘元素，故C错误；D．新制Cu（OH）2与葡萄糖溶液混合加热产生红色沉淀（Cu2O），说明葡萄糖有还原性，故D正确．故选C．点评：本题考查化学实验评价，难度不大，注意新制Cu（OH）2与葡萄糖溶液混合加热产生红色沉淀（Cu2O），说明葡萄糖有还原性．　二．填空题26．（3分）某烃类化合物A的用仪器可以测出其相对分子质量为84，分子中含有碳碳双键，分子中只有一种类型的氢．-22-\n（1）现有以下的实验室仪器：A．1H核磁共振仪　　　B．质谱仪　　　C．红外光谱仪　　D．元素分析仪请你选择分别用什么仪器．①测出相对分子质量　B　（填字母代号，下同）、②测出官能团碳碳双键　C　、③测出几种类型的氢　A　．（2）结合题给信息，可以判断A的结构简式为　　；A中的碳原子是以什么形式杂化？　sp2和sp3　；（3）在下图中，D1、D2互为同分异构体，E1、E2互为同分异构体．反应②的化学方程式为　　；C的名称为　2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯　；反应类型为　消去反应　；．E2的结构简式是　HOCH2C（CH3）=C（CH3）CH2OH　；④、⑤的反应类型依次是　1，4﹣加成反应　、　取代反应　．考点：有机物实验式和分子式的确定；有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：（1）1H核磁共振仪用于测定氢原子种类；质谱仪用于测定有机物的相对分子质量；红外光谱仪用于测定有机物的中化学键的类型；元素分析仪用于测定有机物中元素的种类；（2）A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，则A应为烯烃，设分子式为CnH2n，则有14n=84，n=6，根据核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢，写出结构简式；根据价层电子对互斥理论来分析解答，4个σ键且不含孤电子对采用sp3杂化，含有3个σ键且不含孤电子对采用sp2杂化；（3）（CH3）2C=C（CH3）2与液溴反应生成B，B为：（CH3）2C（Br）C（Br）（CH3）2，B在氢氧化钠、乙醇作用下加热，发生消去反应生成C，C为CH2=C（CH3）﹣C（CH3）=CH2，C与溴发生1，2﹣加成生成D1，故D1为CH2BrCBr（CH3）﹣C（CH3）=CH2，D1在氢氧化钠水溶液中发生水解反应生成E1，E1为HOCH2C=CCH2OH，D1、D2互为同分异构体，故反应④发生1，4﹣加成，D2为CH2BrC（CH3）=C（CH3）CH2Br，D2在氢氧化钠水溶液中发生水解反应生成E2，E2为HOCH2C（CH3）=C（CH3）CH2OH，据此解答．解答：解：（1）①测出相对分子质量质谱仪；②测出官能团碳碳双键红外光谱仪；③测出几种类型的氢1H核磁共振仪，故选：B；C；A；（2）A的质谱图表明其相对分子质量为84，红外光谱表明分子中含有碳碳双键，则A应为烯烃，设分子式为CnH2n，则有14n=84，n=6，又因为核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢，其结构简式应为；在分子中，双键碳原子含有3个σ键且不含孤电子对，所以采用sp2杂化，甲基碳原子含有4个σ键且不含孤电子对，所以采用sp3杂化，-22-\n故答案为：；sp2和sp3；（3）反应②是B为：（CH3）2C（Br）C（Br）（CH3）2在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应，生成CH2=C（CH3）﹣C（CH3）=CH2，该反应的化学方程式为：C为CH2=C（CH3）﹣C（CH3）=CH2，的化学名称是2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯，由上述分析可知，E2的结构简式是：HOCH2C（CH3）=C（CH3）CH2OH，反应④是1，4﹣加成反应、反应⑥是取代反应，故答案为；2，3﹣二甲基﹣1，3﹣丁二烯；消去反应；HOCH2C（CH3）=C（CH3）CH2OH；1，4﹣加成反应；取代反应．点评：本题考查有机物推断，涉及卤代烃、烯、醇等的性质以及分子式的求解、同分异构体、有机化学反应类型和方程式的书写等，题目综合性较大，注意二烯烃的加成反应，难度中等．　27．（3分）A、B、C、D、E、F、G、H、I、J均为有机化合物，根据以下框图，回答问题：（1）B和C均为有支链的有机化合物，B的结构简式为　（CH3）2CHCOOH　；C在浓硫酸作用下加热反应只能生成一种烯烃D，D的结构简式为　（CH3）2C=CH2　．（2）G能发生银镜反应，也能使溴的四氯化碳溶液褪色，则G的结构简式为　CH2=C（CH3）CHO　．（3）写出⑤的化学反应方程式　　．⑧的化学反应方程式　CH2=C（CH3）COOH+CH3OHCH2=C（CH3）COOCH3+H2O　．（4）①的反应类型　水解反应　，④的反应类型　取代反应　，⑦的反应类型　氧化反应　．（5）与H具有相同官能团的H的所有同分异构体的结构简式为　CH2=CHCH2COOH和CH3CH=CHCOOH　．-22-\n考点：有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：根据A→B+C反应结合有机物分子式可知，应是发生酯的水解反应，可以判断A、B、C分别是酯、羧酸和醇，由（1）中B和C均为有支链的有机化合物，则C在浓硫酸作用下加热反应只能生成一种烯烃D，可以确定B和C的结构分别为（CH3）2CHCOOH和（CH3）2CHCH2OH，则D为（CH3）2C=CH2，由D到E是取代反应，E水解反应得到F可以连续发生氧化反应，则E为，E发生水解得到F为CH2=C（CH3）CH2OH，则G为CH2=C（CH3）CHO，H为CH2=C（CH3）COOH，H与CH3OH得到酯I为CH2=C（CH3）COOCH3，I发生加聚反应得到J为，据此解答．解答：解：根据A→B+C反应结合有机物分子式可知，应是发生酯的水解反应，可以判断A、B、C分别是酯、羧酸和醇，由（1）中B和C均为有支链的有机化合物，则C在浓硫酸作用下加热反应只能生成一种烯烃D，可以确定B和C的结构分别为（CH3）2CHCOOH和（CH3）2CHCH2OH，则D为（CH3）2C=CH2，由D到E是取代反应，E水解反应得到F可以连续发生氧化反应，则E为，E发生水解得到F为CH2=C（CH3）CH2OH，则G为CH2=C（CH3）CHO，H为CH2=C（CH3）COOH，H与CH3OH得到酯I为CH2=C（CH3）COOCH3，I发生加聚反应得到J为，（1）由上述分析可知，B的结构简式为（CH3）2CHCOOH；D的结构简式为（CH3）2C=CH2，故答案为：（CH3）2CHCOOH；（CH3）2C=CH2；（2）由上述分析可知，G的结构简式为CH2=C（CH3）CHO，故答案为：CH2=C（CH3）CHO；（3）反应⑤为的水解反应，反应的方程式为，反应⑧为CH2=C（CH3）COOH与甲醇发生酯化反应，反应方程式为：CH2=C（CH3）COOH+CH3OHCH2=C（CH3）COOCH3+H2O，故答案为：；CH2=C（CH3）COOH+CH3OHCH2=C（CH3）COOCH3+H2O；-22-\n（4）由反应条件和官能团的变化可知，反应①为水解反应，反应④为取代反应，⑦为氧化反应，故答案为：水解反应；取代反应；氧化反应；（5）H为CH2=C（CH3）﹣COOH，与H具有相同官能团的H的同分异构体有CH2=CHCH2COOH和CH3CH=CHCOOH，故答案为：CH2=CHCH2COOH和CH3CH=CHCOOH．点评：本题考查有机物的推断，根据A→B+C（水解反应）可以判断A、B、C分别是酯、羧酸和醇，且由（1）可以确定B和C的结构，再结合反应条件进行推断，注意有机物官能团的结构和性质，题目难度中等．　28．（3分）某化学小组采用类似制乙酸乙酯的装置（如图1），以环己醇制备环己烯已知：密度（g/cm3）熔点（℃）沸点（℃）溶解性环己醇0.9625161能溶于水环己烯0.81﹣10383难溶于水（1）制备粗品将12.5mL环己醇加入试管A中，再加入1mL浓硫酸，摇匀后放入碎瓷片，缓慢加热至反应完全，在试管C内得到环己烯粗品．①A中碎瓷片的作用是　防止暴沸　，导管B除了导气外还具有的作用是　冷凝　．②试管C置于冰水浴中的目的是　进一步冷却，防止环己烯挥发　．（2）制备精品①环己烯粗品中含有环己醇和少量酸性杂质等．加入饱和食盐水，振荡、静置、分层，环己烯在　上层　层（填上或下），分液后用　c　（填入编号）洗涤．a．KMnO4溶液b．稀H2SO4c．Na2CO3溶液②再将环己烯按图2所示装置蒸馏，冷却水从　g　口进入，目的是　冷却水与气体形成逆流，冷凝效果更好；更容易将冷凝管充满水；以防蒸汽入口处骤冷骤热使冷凝管破裂　．③收集产品时，控制的温度应在　83℃　左右，实验制得的环己烯精品质量低于理论产量，可能的原因是　c　a．蒸馏时从70℃开始收集产品b．环己醇实际用量多了c．制备粗品时环己醇随产品一起蒸出（3）以下区分环己烯精品和粗品的方法，合理的是　bc　．a．用酸性高锰酸钾溶液b．用金属钠c．测定沸点．考点：制备实验方案的设计．-22-\n专题：有机化合物的获得与应用．分析：（1）①根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83℃，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝；②冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化．（2）①环己烯不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，分层后环己烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸；②为了增加冷凝效果，冷却水从下口（g）进入，冷却水与气体形成逆流，冷凝效果更好；更容易将冷凝管充满水；以防蒸汽入口处骤冷骤热使冷凝管破裂，③根据表中数据可知，馏分环己烯的沸点为83℃；a、若提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量；b、制取的环己烯物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量；c、粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量；（3）根据混合物没有固定的沸点，而纯净物有固定的沸点，据此可判断产品的纯度．解答：解：（1）①根据制乙烯实验的知识，发生装置A中碎瓷片的作用是防止暴沸，由于生成的环己烯的沸点为83℃，要得到液态环己烯，导管B除了导气外还具有冷凝作用，便于环己烯冷凝．故答案为：防止暴沸；冷凝；②冰水浴的目的是降低环己烯蒸气的温度，使其液化，故答案为：进一步冷却，防止环己烯挥发．（2）①环己烯是烃类，不溶于氯化钠溶液，且密度比水小，振荡、静置、分层后环己烯在上层，由于分液后环己烯粗品中还含有少量的酸和环己醇，联想：制备乙酸乙酯提纯产物时用c（Na2CO3溶液）洗涤可除去酸；故答案为：上层；c；②为了增加冷凝效果，蒸馏装置要有冷凝管，冷却水从下口（g）进入，冷却水与气体形成逆流，冷凝效果更好；更容易将冷凝管充满水；以防蒸汽入口处骤冷骤热使冷凝管破裂，故答案为：g；冷却水与气体形成逆流，冷凝效果更好；更容易将冷凝管充满水；以防蒸汽入口处骤冷骤热使冷凝管破裂；③根据表中数据可知，馏分环己烯的沸点为83℃，故收集产品应控制温度在83℃左右；a、蒸馏时从70℃开始收集产品，提前收集，产品中混有杂质，实际产量高于理论产量，故a错误；b、环己醇实际用量多了，制取的环己烯的物质的量增大，实验制得的环己烯精品质量高于理论产量，故b错误；c、若粗产品中混有环己醇，导致测定消耗的环己醇量增大，制得的环己烯精品质量低于理论产量，故c正确；，故选c；故答案为：83℃；c；（3）区别粗品与精品可加入金属钠，观察是否有气体产生，若无气体，则是精品，另外根据混合物没有固定的沸点，而纯净物有固定的沸点，通过测定环己烯粗品和环己烯精品的沸点，也可判断产品的纯度，故答案为：bc．点评：本题考查了以环己醇制备环己烯的实验方法，综合考查了物质的分离方法，冷凝，产量的分析等，难度适中，考查学生解决实际问题的能力．　29．（3分）物质A有如下反应路线：-22-\n（1）1mol物质A最多能消耗H2的物质的量为　5mol　（2）A→C的化学方程式为　+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O　；（3）H、G与B互为同分异构，且满足下列条件：①H、G与浓溴水和NaHCO3都不反应，且结构中均不含有﹣CH3（官能团不能同时连在同一个碳原子上）．②1molH、G都能与2molNa反应．③H环上一氯取代只有2种，G环上一氯取代只有3种．H的结构简式为　　；G的一种结构简式为　或者或者　．（4）已知在一定条件下R1CH=CHR2→R1CHO+R2CHO，A在一定条件下氧化生成羧酸X、Y．X是芳香族化合物，Y是一种还原性的二元羧酸．写出X在浓硫酸条件下的缩聚反应方程式　n+nH2O　．考点：有机物的合成．专题：有机物的化学性质及推断．分析：A遇氯化铁溶液发生显色反应，则A含有酚羟基；A与银氨溶液反应生成C，则A含有醛基﹣CHO，1molA与2mol氢气发生加成反应生成B，则A的侧链中还含有1个C=C双键，结合转化关系中E的分子式为C9H10O3可知，A中含有9个C原子，则A含有一个苯环，B中不含甲基，则A中侧链为为﹣OH、﹣CH=CHCHO．故D的侧链为﹣OH、﹣CH=CHCOOH．1molC与1mol氢气发生加成反应生成E，则D中C=C双键发生加成反应，E中侧链为﹣OH、﹣CH2CH2COOH，E与溴发生取代反应生成F，酚与溴发生取代反应，取代酚羟基的邻、对位位置的H原子，F的结构只有一种，则各物质中苯环上侧链处于对位位置，综上可知，A为、B为、C为、D为、E为、F为，据此答题．解答：解：A遇氯化铁溶液发生显色反应，则A含有酚羟基；A与银氨溶液反应生成C，则A含有醛基﹣CHO，1molA与2mol氢气发生加成反应生成B，则A的侧链中还含有1个C=C双键，结合转化关系中E的分子式为C9H10O3-22-\n可知，A中含有9个C原子，则A含有一个苯环，B中不含甲基，则A中侧链为为﹣OH、﹣CH=CHCHO．故D的侧链为﹣OH、﹣CH=CHCOOH．1molC与1mol氢气发生加成反应生成E，则D中C=C双键发生加成反应，E中侧链为﹣OH、﹣CH2CH2COOH，E与溴发生取代反应生成F，酚与溴发生取代反应，取代酚羟基的邻、对位位置的H原子，F的结构只有一种，则各物质中苯环上侧链处于对位位置，综上可知，A为、B为、C为、D为、E为、F为，（1）A为，A中有一个苯环一个碳碳双键一个碳双键，所以1mol物质A最多能消耗H2的物质的量为5mol，故答案为：5mol；（2）A→C的化学方程式为：+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O，故答案为：+2Ag（NH3）2OH+2Ag↓+3NH3+H2O；（3）B为，H、G与B互为同分异构，且满足下列条件：①H、G与浓溴水和NaHCO3都不反应，说明没有酚羟基和羧基，且结构中均不含有﹣CH3（官能团不能同时连在同一个碳原子上）．②1molH、G都能与2molNa反应，说明G中有两个醇羟基，③H环上一氯取代只有2种，G环上一氯取代只有3种，符合条件的G为，H为或者或者，故答案为：；或者或者；（4）A为，根据题中信息，A在一定条件下氧化生成羧酸X、Y，X是芳香族化合物，Y是一种还原性的二元羧酸，则X为-22-\n，Y为HOOCCOOH，所以X在浓硫酸条件下的缩聚反应方程式为n+nH2O，故答案为：n+nH2O．点评：本题考查有机物的推断与合成，难度中等，对学生的逻辑推理有较高的要求，注意根据官能团的性质结合正推法与逆推法进行推断，是对学生综合能力的考查．-22-