黑龙江省哈尔滨师大附中2022届高二化学上学期第一次月考试题含解析

2022-2022学年黑龙江省哈尔滨师大附中高二（上）第一次月考化学试卷　一、选择题（以下各题，只有一个符合要求的答案．）1．化学与生活密切相关，下列有关说法正确的是（　　）A．油脂、乙酸乙酯都属于酯类，水解后都会生成乙醇B．人的皮肤在强紫外线的照射下将会失去生理活性C．棉花和蚕丝的主要成分都是纤维素D．制作航天服的聚酯纤维和用于光缆通信的光导纤维都是新型无机非金属材料　2．以下化学用语正确的是（　　）A．乙烯的结构简式：CH2CH2B．乙醇的分子式：CH3CH2OHC．CH2F2的电子式：D．甲醛的结构式：　3．下列叙述正确的是（　　）A．和分子组成相差一个﹣CH2﹣，因此是同系物关系B．和均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香族化合物C．分子式为C4H8的有机物可能存在4个C﹣C单键D．分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收，由此可以初步推测：有机物结构简式一定为C2H5﹣OH　4．下列有关有机化合物的组成、性质的说法，正确的（　　）A．天然气、液化石油气的成分相同B．葡萄糖、淀粉和乙酸乙酯在一定条件下都能发生水解反应C．淀粉、蛋白质均属于高分子化合物，而油脂不属于高分子化合物D．石油的裂解是化学变化，而石油的分馏和煤的干馏都是物理变化　5．已知和互为同分异构体，则化学式C3H5Cl的链状同分异构体有（　　）A．3种B．4种C．5种D．6种　6．常温常压下，下列各组物质的物理性质排列不正确的是（　　）A．密度：四氯化碳＞乙酸乙酯＞水-26-\nB．沸点：乙醇＞丙烷＞乙烷C．熔点：对二甲苯＞邻二甲苯＞间二甲苯D．在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷　7．下列实验操作正确的是（　　）A．乙烷中混有乙烯，通过氢气在一定条件下反应，使乙烯转化为乙烷B．重结晶法提纯苯甲酸时，为了除去杂质和防止苯甲酸析出，应该趁热过滤C．配制银氨溶液时，将硝酸银溶液慢慢滴入稀氨水中，产生沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止D．无水乙醇和浓硫酸共热到170℃，将制得的气体通入酸性高锰酸钾可检验制得的气体是否为乙烯　8．现有三组混合液：①乙酸乙酯和乙酸钠溶液②乙醇和丁醇⑧溴化钠和单质溴的水溶液，分离以上各混合液的正确方法依次是（　　）A．分液、萃取、蒸馏B．萃取、蒸馏、分液C．分液、蒸馏、萃取D．蒸馏、萃取、分液　9．用括号中的试剂和方法除去各物质中的少量杂质，正确的是（　　）A．苯中的甲苯（溴水、分液）B．乙醇中的乙酸（NaOH溶液，分液）C．乙醇中的水（新制CaO，蒸馏）D．乙酸乙酯中的乙酸（NaOH溶液，分液）　10．下列说法中，正确的是（　　）A．苯酚和苯都能和溴水发生苯环上的取代反应B．醇属于烃的衍生物，饱和一元醇的组成符合CnH2nOC．乙醇是无色透明的液体，密度比水小，能用乙醇从碘水中萃取出碘D．向苯酚钠溶液中通入CO2气体，使溶液变浑浊，说明碳酸的酸性比苯酚的强　11．由乙醇制乙二酸乙二酯最简单的正确流程途径顺序是（　　）①取代反应　②加成反应　③氧化反应　④还原反应　⑤消去反应　⑥酯化反应　⑦水解反应．A．①②③⑤⑦B．⑤②⑦③⑥C．⑤②①③④D．①②⑤③⑥　12．下列判断，结论正确的是（　　）选项项目结论A三种有机化合物：丙烯、氯乙烯、苯分子内所有原子均在同一平面B由溴丙烷水解制丙醇、由丙烯与水反应制丙醇属于同一反应类型C乙烯和苯都能使溴水褪色退色的原理相同DC4H9Cl的同分异构体数目（不考虑立体异构）共有4种A．AB．BC．CD．D-26-\n　13．转变为的方法是（　　）A．与足量NaOH溶液共热后，再加盐酸B．溶液加热，通入足量的SO2C．与稀硫酸共热后，加入足量NaOH溶液D．与足量稀硫酸共热后，加入足量NaHCO3溶液　14．有机物A的结构简式如图所示，某同学对其可能具有的化学性质进行了如下预测，其中正确的是（　　）①可以使酸性高锰酸钾溶液褪色②可以和NaOH溶液反应③在一定条件下可以和乙酸发生反应④在一定条件下可以发生消去反应⑤在一定条件下可以和新制Cu（OH）2悬浊液反应．A．①②③B．①②③④C．①②③⑤D．①②④⑤　15．某有机物的分子式为C11H16，其分子中有两个﹣CH3、两个﹣CH2﹣、一个和一个，则该有机物可能的结构有（不考虑立体异构）（　　）A．2种B．3种C．4种D．5种　16．下列关于实验现象的描述正确的是（　　）选项实验操作实验现象A将盛有CH4与Cl2的集气瓶放在光亮处一段时间气体颜色变浅，瓶内壁附有油状物B将乙烯在空气中点燃火焰呈蓝色并伴有黑烟C向盛有苯的试管中加入几滴酸性KMnO4溶液，充分振荡液体分层，溶液紫色褪去D将蔗糖溶液与稀硫酸混合水浴加热，取反应后的溶液少量，加入几滴新制的Cu（OH）2悬浊液加热出现砖红色沉淀A．AB．BC．CD．D　17．0.05mol某两种烃的混和物在足量O2中完全充分燃烧，产物依次通过足量浓硫酸和碱石灰，增重分别为2.7g和5.5g．则此混和物可能为（　　）A．CH4C4H10B．C2H2C4H10C．C2H4C4H10D．C2H6C3H6　-26-\n18．柠檬烯是一种食用香料，其结构简式如图．有关柠檬烯的分析正确的是（　　）A．它的一氯代物有6种B．它和丁基苯（）互为同分异构体C．一定条件下，它分别可以发生加成、取代、氧化反应D．它的分子中所有的碳原子一定在同一个平面上　19．A、B、C、D都是含单官能团的化合物，A水解得B和C，B氧化可以得到C或D，D氧化也可得到C．若M（X）表示X的摩尔质量，则下列关系式正确的是（　　）A．M（A）═M（B）+M（C）B．2M（D）═M（B）+M（C）C．2M（B）＞M（D）+M（C）D．M（D）＜M（B）＜M（C）　20．在有机物分子中，若某个碳原子连接4个不同的原子或原子团，则这种碳原子称为“手性碳原子”，凡有一个手性碳原子的物质一定具有光学活性．已知某有机物结构如下：具有光学活性，当它发生下列反应后生成的有机物仍然一定具有光学活性的是（　　）A．与甲酸发生酯化反应B．与NaOH溶液共热C．与氧气发生催化氧化D．在催化剂存在下与H2作用　21．某小分子抗癌药物的分子结构如图所示，下列说法正确的是（　　）A．1mol该有机物最多可以和5molNaOH反应B．1mol该有机物与浓溴水反应，最多消耗3molBr2C．该有机物容易发生加成、取代、中和、消去等反应D．该有机物遇FeCl3溶液不变色，但可使酸性KMnO4溶液褪色　22．某有机物A（C4H4O3）10.0g与足量NaHCO3充分反应，可生成CO22.24L（标准状况），且A中所有碳原子在同一直线上．下列关于A的叙述正确的是（　　）A．1molA充分燃烧消耗4mol氧气B．A一定可在铜催化条件下与O2反应生成醛C．符合上述条件的A的同分异构体有2种D．A可发生的反应类型有取代、加成、消去、氧化　-26-\n23．有机物X、Y分子式不同，它们只含C、H、O元素中的两种或三种，若将X、Y不论何种比例混合，只要其物质的量之和不变，完全燃烧时耗氧气量和生成水的物质的量也不变．X、Y可能是（　　）A．C2H4、C2H6OB．C2H2、C6H6C．CH2O、C3H6O2D．CH4、C2H4O2　24．某芳香族酯类化合物甲的分子式为C14H10O5，1mol甲水解后只生成一种产物乙，其物质的量为2mol，下列说法正确的是（　　）A．符合上述条件的甲共有3种B．1mol甲最多可以和7molH2发生反应C．乙中的所有原子一定共平面D．分别燃烧1mol乙与1mol苯耗氧量相同　　二、填空题25．按要求回答下列问题（1）相对分子质量为72且沸点最低的烷烃的结构简式　　　　　　（2）葡萄糖的结构简式　　　　　　，谷氨酸的结构简式　　　　　　（3）高聚物的单体的分子式为　　　　　　（4）某高聚物的单体的名称为　　　　　　．　26．（18分）（2022秋•哈尔滨校级月考）实验室用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的装置如图所示，其中可能存在的主要副反应有：乙醇在浓硫酸的存在下在l40℃脱水生成乙醚．有关数据列表如下：乙醇1，2﹣二溴乙烷乙醚状态无色液体无色液体无色液体密度/g•cm﹣30.792.20.71沸点/℃78.513234.6熔点/℃一l309﹣1l6回答下列问题：-26-\n（1）用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的两步反应方程式为：　　　　　　（2）装置B中玻璃管的作用　　　　　　（3）装置C中加入氢氧化钠溶液，其目的是吸收反应中生成的　　　　　　气体（填分子式）（4）反应过程中应用冷水冷却装置D，其主要目的是　　　　　　；但又不能过度冷却（如用冰水），其原因是　　　　　　．（5）将1，2﹣二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在　　　　　　层（填“上”、“下”）；（6）若产物中有少量未反应的Br2，最好用　　　　　　试剂除去；（7）若产物中有少量副产物乙醚．可用　　　　　　方法除去．　27．某有机化合物A的相对分子质量（分子量）大于100，小于110．经分析得知，其中C和H的质量分数之和为53.8%，其余为氧．请回答：（1）1个A分子中含有　　　　　　个氧原子，该化合物的相对分子质量是　　　　　　．（2）已知A分子中C、H原子个数比=1：2，则A的分子式是　　　　　　．（3）已知A可与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳，A的核磁共振氢谱为3组峰，且面积比为6：1：1，则A的结构简式为　　　　　　．　28．（18分）（2022秋•哈尔滨校级月考）化合物H可用以下路线合成：已知：R﹣CH=CH2RCH2CH2OH请回答下列问题：（1）标准状况下11.2L气态烃A在氧气中充分燃烧可以生成88gCO2和45gH2O，且A分子结构中有3个甲基，则A的结构简式为　　　　　　；（2）B和C均为一氯代烃，D的名称（系统命名）为　　　　　　（3）反应①和反应②的反应类型分别是　　　　　　（4）控制条件使1molF与2molH2反应，生成3﹣苯基﹣1﹣丙醇，F的结构简式是　　　　　　按先后顺序写出检验F中官能团的试剂　　　　　　对应反应的现象是　　　　　　（5）写出E与G反应生成H的化学反应方程式　　　　　　；（6）G的同分异构体有很多，符合下列条件的G的同分异构体有　　　　　　种，任写其中一种　　　　　　①能发生水解；②能发生银镜反应；③属于单环的芳香类化合物．　　2022-2022学年黑龙江省哈尔滨师大附中高二（上）第一次月考化学试卷参考答案与试题解析-26-\n　一、选择题（以下各题，只有一个符合要求的答案．）1．化学与生活密切相关，下列有关说法正确的是（　　）A．油脂、乙酸乙酯都属于酯类，水解后都会生成乙醇B．人的皮肤在强紫外线的照射下将会失去生理活性C．棉花和蚕丝的主要成分都是纤维素D．制作航天服的聚酯纤维和用于光缆通信的光导纤维都是新型无机非金属材料【考点】有机化学反应的综合应用．【分析】A．油脂为高级脂肪酸甘油酯；B．蛋白质在强紫外线的照射下会变性；C．纤维素主要存在于棉花、木材中；D．聚酯纤维属于有机物．【解答】解：A．油脂为高级脂肪酸甘油酯，水解生成甘油和高级脂肪酸，而乙酸乙酯水解生成乙醇和乙酸，故A错误；B．人的皮肤是蛋白质，蛋白质在强紫外线的照射下会变性，故B正确；C．纤维素主要存在于棉花、木材中，蚕丝的主要成分是蛋白质，故C错误；D．制作航天服的聚酯纤维属于有机物，不属于新型无机非金属材料，故D错误．故选B．【点评】本题主要考查了物质的性质与用途，掌握物质的性质是解题的关键，难度中等．　2．以下化学用语正确的是（　　）A．乙烯的结构简式：CH2CH2B．乙醇的分子式：CH3CH2OHC．CH2F2的电子式：D．甲醛的结构式：【考点】电子式、化学式或化学符号及名称的综合；分子式；结构式；结构简式．【分析】A．乙烯的结构简式中漏掉了碳碳双键；B．分子式是用元素符号表示物质（单质、化合物）分子的组成及相对分子质量的化学式；C．该电子式中漏掉了F原子最外层的3对孤电子对；D．用短线代替所有共用电子对即为结构式．【解答】解：A．烯烃的结构简式中碳碳双键不能省略，故乙烯的结构简式应为：CH2═CH2，故A错误；B．CH3CH2OH为乙醇的结构简式，乙醇的分子式为C2H6O，故B错误；C．该电子式中，F原子最外层达到8电子稳定结构，其正确的电子式为：，故C错误；D．甲醛分子中含有1个碳氧双键、两个碳氢键，其结构式为：，故D正确；故选D．【点评】本题考查了常见化学用语的表示方法，题目难度中等，涉及电子式、结构式、结构简式、分子式等知识，注意熟练掌握常见化学用语的概念及书写原则，试题侧重考查学生的规范答题能力．-26-\n　3．下列叙述正确的是（　　）A．和分子组成相差一个﹣CH2﹣，因此是同系物关系B．和均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香族化合物C．分子式为C4H8的有机物可能存在4个C﹣C单键D．分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收，由此可以初步推测：有机物结构简式一定为C2H5﹣OH【考点】芳香烃、烃基和同系物；有机化合物中碳的成键特征；有机物实验式和分子式的确定．【专题】有机化学基础．【分析】A．前者为苯酚，后者为苯甲醇，二者结构不同，一定不属于同系物；B．为环己烷，不含苯环，中含有氧原子，不属于芳香烃；C．分子式为C4H8的有机物可能为环烷烃，分子中含有4个碳氢键；D．二甲醚CH3﹣O﹣CH3中也含有C﹣H键和C﹣O键．【解答】解：A．中羟基直接与苯环相连，属于酚类，而所以醇类，二者的结构不同，所以二者一定不属于同系物，故A错误；B．为苯，属于芳香烃，而为环己烷，不属于芳香烃，中含有氧原子，也不属于芳香烃，故B错误；C．分子式为C4H8的有机物中可能含有一个环，即可能为环烷烃，如环丁烷，分子中含有4个碳氢键，故C正确；D．分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C﹣H键和C﹣O键的振动吸收，由于二甲醚CH3﹣O﹣CH3中也含有C﹣H键和C﹣O键，无法判断该有机物是否为乙醇，故D错误；故选C．【点评】本题考查了同系物、芳香烃的判断、有机物结构与性质等知识，题目难度不大，注意掌握同系物、芳香烃的概念及判断方法，明确有机物结构与性质，试题培养了学生灵活应用所学知识的能力．　4．下列有关有机化合物的组成、性质的说法，正确的（　　）A．天然气、液化石油气的成分相同B．葡萄糖、淀粉和乙酸乙酯在一定条件下都能发生水解反应C．淀粉、蛋白质均属于高分子化合物，而油脂不属于高分子化合物D．石油的裂解是化学变化，而石油的分馏和煤的干馏都是物理变化【考点】化石燃料与基本化工原料；有机化学反应的综合应用；煤的干馏和综合利用；有机高分子化合物的结构和性质．【专题】有机化学基础．-26-\n【分析】A、天然气的成飞是甲烷，液化石油气的主要成分是C3～C4烃类；B、葡萄糖是单糖；C、相对分子质量在几千以上的才能成为高分子化合物；D、煤的干馏是化学变化．【解答】解：A、天然气的成飞是甲烷，液化石油气的主要成分是C3～C4烃类，故A错误；B、葡萄糖是单糖，而单糖是简单得不能水解的糖，故B错误；C、相对分子质量在几千以上的才能成为高分子化合物，故淀粉、蛋白质均属于高分子化合物，而油脂不属于高分子化合物，故C正确；D、煤的干馏是化学变化，故D错误．故选C．【点评】本题考查了化石燃料的成分以及综合利用，并考查了单糖的性质，难度不大．　5．已知和互为同分异构体，则化学式C3H5Cl的链状同分异构体有（　　）A．3种B．4种C．5种D．6种【考点】同分异构现象和同分异构体．【专题】同分异构体的类型及其判定．【分析】解题时紧扣信息给出的实质：含双键的碳原子上分别有两个不同的取代基，才可能有同分异构体．【解答】解：由信息可知含双键的碳原子上分别有两个不同的取代基，才可能有同分异构体．C3H5C1含有一个双键，故可确定其碳骨架为C﹣C=C，则它的一氯代物有三种：，从a、b、c的结构简式可知，仅c式中含双键的碳原子上分别有两个不同的取代基，则c有同分异构体，综上所述共有4种同分异构体．故选B．【点评】本题是一道信息题，考查同分异构体的书写，在中学阶段没有学过这类同分异构体（顺反异构），理解含双键的碳原子上分别有两个不同的取代基，才可能有同分异构体是解题的关键．　6．常温常压下，下列各组物质的物理性质排列不正确的是（　　）A．密度：四氯化碳＞乙酸乙酯＞水B．沸点：乙醇＞丙烷＞乙烷C．熔点：对二甲苯＞邻二甲苯＞间二甲苯D．在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷【考点】晶体熔沸点的比较；溶解度、饱和溶液的概念．【分析】A．卤代烃密度大于水，酯的密度小于水；-26-\nB．含有氢键的物质熔沸点较高，分子晶体熔沸点与相对分子质量成正比；C．二甲苯中，结构越对称，其熔沸点越高；D．含﹣OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水．【解答】解：A．卤代烃密度大于水，酯的密度小于水，所以密度四氯化碳＞水＞乙酸乙酯，故A错误；B．含有氢键的物质熔沸点较高，分子晶体熔沸点与相对分子质量成正比，乙醇中含有氢键，熔沸点最高，丙烷相对分子质量大于乙烷且二者都是分子晶体，所以熔沸点：乙醇＞丙烷＞乙烷，故B正确；C．对二甲苯＞间二甲苯＞邻二甲苯对称性依次减弱，依据称性越好沸点越低，沸点顺序为：对二甲苯＜间二甲苯＜邻二甲苯，故C正确；D．含﹣OH越多，溶解性越大，卤代烃不溶于水，则室温下，在水中的溶解度：丙三醇＞苯酚＞1﹣氯丁烷，故D正确；故选A．【点评】本题考查物质溶解度、熔沸点、密度大小比较，明确分子晶体熔沸点与溶解性的影响因素是解本题关键，注意溶解性与﹣OH的关系，易错选项是D．　7．下列实验操作正确的是（　　）A．乙烷中混有乙烯，通过氢气在一定条件下反应，使乙烯转化为乙烷B．重结晶法提纯苯甲酸时，为了除去杂质和防止苯甲酸析出，应该趁热过滤C．配制银氨溶液时，将硝酸银溶液慢慢滴入稀氨水中，产生沉淀后继续滴加到沉淀刚好溶解为止D．无水乙醇和浓硫酸共热到170℃，将制得的气体通入酸性高锰酸钾可检验制得的气体是否为乙烯【考点】化学实验方案的评价．【分析】A．乙烷中乙烯的含量未知，不能确定通入氢气的量，易引入杂质；B．趁热过滤，减少苯甲酸的损失；C．配制银氨溶液时，氨水不能加入过量；D．无水乙醇和浓硫酸共热至170℃，发生消去反应生成乙烯，乙醇易挥发，乙烯、乙醇均能被酸性高锰酸钾氧化．【解答】解：A．乙烷中乙烯的含量未知，不能确定通入氢气的量，易引入杂质，且反应在实验室难以完成，故A错误；B．趁热过滤，减少苯甲酸的损失，则重结晶法提纯苯甲酸时，为除去杂质和防止苯甲酸析出，应该趁热过滤，故B正确；C．配制银氨溶液时，氨水不能加入过量，应至沉淀刚好溶解为止，故C错误；D．无水乙醇和浓硫酸共热至170℃，发生消去反应生成乙烯，乙醇易挥发，乙烯、乙醇均能被酸性高锰酸钾氧化，不能检验，应除去乙醇，再检验乙烯，故D错误．故选B．【点评】本题综合考查化学实验基本操作，为高考常见题型，侧重于学生的分析能力、实验能力和评价能力的考查，有利于培养学生的实验能力和学习的积极性，注意把握实验操作方法和注意事项，难度不大．　8．现有三组混合液：①乙酸乙酯和乙酸钠溶液②乙醇和丁醇⑧溴化钠和单质溴的水溶液，分离以上各混合液的正确方法依次是（　　）A．分液、萃取、蒸馏B．萃取、蒸馏、分液-26-\nC．分液、蒸馏、萃取D．蒸馏、萃取、分液【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用．【专题】化学实验基本操作．【分析】萃取是利用溶质在不同溶剂中溶解度不同，用一种溶剂把溶质从它与另一溶剂所组成的溶液中提取出来；互溶且沸点不同的液体分离采用蒸馏的方法；分液是分离互不相溶的两种液体的方法．【解答】解：①乙酸乙酯和水不溶，所以乙酸乙酯和乙酸钠溶液也不溶，可用分液的方法分离；②乙醇和丁醇是互溶的两种液体，沸点相差较大，可以采用蒸馏的方法分离；③向溴化钠和单质溴的水溶液中加入萃取剂四氯化碳后，溴单质会溶解在四氯化碳中，四氯化碳和水互不相溶而分层，然后分液即可实现二者的分离；故选：C．【点评】本题主要考查物质的分离提纯，注意常用分离提纯方法的原理以及适用对象，难度不大．　9．用括号中的试剂和方法除去各物质中的少量杂质，正确的是（　　）A．苯中的甲苯（溴水、分液）B．乙醇中的乙酸（NaOH溶液，分液）C．乙醇中的水（新制CaO，蒸馏）D．乙酸乙酯中的乙酸（NaOH溶液，分液）【考点】物质的分离、提纯和除杂．【分析】A．苯中的甲苯用溴水不能除去且又能萃取溴；B．乙醇与NaOH溶液不分层；C．乙醇中的水可用CaO吸收，然后蒸馏提纯；D．乙酸乙酯在碱性条件下易水解．【解答】解：A．苯和甲苯混溶，且二者都能溶解溴，苯中的甲苯用溴水不能除去，故A错误；B．乙醇和乙酸混溶，生成乙酸钠溶于水，乙醇和水混溶，不能分离，故B错误；C．乙醇中的水可用CaO吸收生成难挥发的氢氧化钙固体，蒸馏可提纯，故C正确；D．乙酸乙酯在碱性条件下易水解，不能用NaOH溶液，应用饱和碳酸钠溶液，故D错误．故选C．【点评】本题考查物质的分离、提纯和除杂，题目难度不大，注意除杂的要求：既要把杂质除去，又不能引入新的杂质且原物质不能被消耗．　10．下列说法中，正确的是（　　）A．苯酚和苯都能和溴水发生苯环上的取代反应B．醇属于烃的衍生物，饱和一元醇的组成符合CnH2nOC．乙醇是无色透明的液体，密度比水小，能用乙醇从碘水中萃取出碘D．向苯酚钠溶液中通入CO2气体，使溶液变浑浊，说明碳酸的酸性比苯酚的强【考点】有机化学反应的综合应用．【分析】A、苯不能与溴水反应；B、饱和一元醇的通式为：CnH2n+2O；C、萃取剂的选取原则之一是萃取剂与原溶剂不能互溶；D、CO2通入苯酚钠溶液中生成苯酚．-26-\n【解答】解：A、苯不能与溴水反应，故A错误；B、饱和一元醇的通式为：CnH2n+2O，故B错误；C、酒精与水以任意比例互溶，不能作为萃取剂萃取碘水中的碘，故C错误；D、CO2通入苯酚钠溶液中，溶液出现浑浊，说明生成苯酚，则可证明H2CO3酸性比苯酚强，故D正确．故选D．【点评】本题主要考查的是常见有机物的性质、烃的衍生物通式、萃取原理以及酸性强弱比较等，综合性较强，有一定的难度．　11．由乙醇制乙二酸乙二酯最简单的正确流程途径顺序是（　　）①取代反应　②加成反应　③氧化反应　④还原反应　⑤消去反应　⑥酯化反应　⑦水解反应．A．①②③⑤⑦B．⑤②⑦③⑥C．⑤②①③④D．①②⑤③⑥【考点】有机物的合成．【分析】制取乙二酸乙二酯，须先制备乙二酸和乙二醇，乙二酸可由乙二醇氧化而成；乙二醇可由乙烯与X2加成后再水解而得．【解答】解：发生反应如下：，则发生反应为消去、加成、取代、氧化和酯化反应，故选B．【点评】本题考查有机物的合成，为高频考点，侧重于学生的分析能力的考查，注意把握有机物官能团的性质，难度不大，注意合成方案的设计．　12．下列判断，结论正确的是（　　）选项项目结论A三种有机化合物：丙烯、氯乙烯、苯分子内所有原子均在同一平面B由溴丙烷水解制丙醇、由丙烯与水反应制丙醇属于同一反应类型C乙烯和苯都能使溴水褪色退色的原理相同DC4H9Cl的同分异构体数目（不考虑立体异构）共有4种A．AB．BC．CD．D【考点】常见有机化合物的结构；同分异构现象和同分异构体；乙烯的化学性质．【分析】A、丙烯含有甲基，具有甲烷的四面体结构．B、由溴丙烷水解制丙醇属于取代反应；由丙烯与水反应制丙醇属于加成反应．C、乙烯与溴水发生加成反应，苯萃取溴水中的溴．D、书写丁基﹣C4H9的同分异构体，﹣C4H9有几种同分异构体，C4H9Cl就有几种同分异构体．【解答】解：A、氯乙烯、苯二者为平面结构，所有原子在同一平面内．丙烯含有甲基，具有甲烷的四面体结构，所有原子不可能在同一平面内，故A错误；-26-\nB、由溴丙烷水解制丙醇属于取代反应，由丙烯与水反应制丙醇属于加成反应，二者不属于同一反应类型，故B错误；C、乙烯与溴水发生加成反应，使溴水褪色，苯萃取溴水中的溴，使溴水褪色，褪色原理不同，故C错误；D、﹣C4H9的同分异构体有﹣CH2CH2CH2CH3、﹣CH（CH3）CH2CH3、﹣CH2CH（CH3）2、﹣C（CH3）3四种，所有C4H9Cl有4种同分异构体，故D正确．故选D．【点评】本题考查有机物空间结构、同分异构体、有机反应类型、烯烃与苯的性质等，难度中等，注意D选项中同分异构体的书写采取逆向思维书写丁基异构体．　13．转变为的方法是（　　）A．与足量NaOH溶液共热后，再加盐酸B．溶液加热，通入足量的SO2C．与稀硫酸共热后，加入足量NaOH溶液D．与足量稀硫酸共热后，加入足量NaHCO3溶液【考点】有机物的结构和性质．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】转变为时，酯基转化为酚羟基，说明发生水解反应，应该是酸性条件下水解，且生成的羧基反应生成﹣COONa但﹣OH不反应，据此分析解答．【解答】解：转变为时，酯基转化为酚羟基，说明发生水解反应，应该是酸性条件下水解，且生成的羧基反应生成﹣COONa但﹣OH不反应，则只能是的邻羟基苯甲酸和碳酸氢钠反应生成，故选D．【点评】本题考查有机物结构和性质，明确官能团变化及官能团与性质的关系是解本题关键，注意碳酸钠和酚羟基反应但碳酸氢钠和酚羟基不反应，为易错点．　14．有机物A的结构简式如图所示，某同学对其可能具有的化学性质进行了如下预测，其中正确的是（　　）①可以使酸性高锰酸钾溶液褪色②可以和NaOH溶液反应③在一定条件下可以和乙酸发生反应④在一定条件下可以发生消去反应⑤在一定条件下可以和新制Cu（OH）2悬浊液反应．A．①②③B．①②③④C．①②③⑤D．①②④⑤【考点】有机物分子中的官能团及其结构．【专题】有机物的化学性质及推断．-26-\n【分析】该物质中含有醇羟基、酯基、醛基、苯环，所以应该具备苯、醇、酯和醛的性质，据此分析解答．【解答】解：①A中含有醇羟基、醛基和与苯环相连的甲基，所以可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故正确；②A中存在酯基，所以可以和氢氧化钠溶液反应，故正确；③A中存在醇羟基，在一定条件下可以与乙酸发生酯化反应，故正确；④由于与连羟基的碳原子相邻的碳原子上没有氢原子，所以不能发生消去反应，故错误；⑤A中存在醛基，在一定条件下可以和新制氢氧化铜悬浊液反应，故正确；故选C．【点评】本题考查有机物官能团的性质，意在考查学生对醇羟基、醛基、酯基和苯的同系物性质的掌握情况，难度不大．　15．某有机物的分子式为C11H16，其分子中有两个﹣CH3、两个﹣CH2﹣、一个和一个，则该有机物可能的结构有（不考虑立体异构）（　　）A．2种B．3种C．4种D．5种【考点】有机化合物的异构现象．【分析】根据分子式可知C11H16不饱和度为4．分子中含有，苯环的不饱和度为4，所以满足条件的结构中只有一个侧链，据此写出可能的结构．【解答】解：C11H16不饱和度为=4，分子中含有，苯环的不饱和度为4，所以满足条件的结构中只有一个侧链，分子中含两个甲基，两个亚甲基和一个次甲基，1个苯环的同分异构体有：、、、．故选C．【点评】本题主要考查结构推断、同分异构体书写，关键根据信息判断含有1个苯环及侧链结构的书写，难度较大．　16．下列关于实验现象的描述正确的是（　　）选项实验操作实验现象A将盛有CH4与Cl2的集气瓶放在光亮处一段时间气体颜色变浅，瓶内壁附有油状物-26-\nB将乙烯在空气中点燃火焰呈蓝色并伴有黑烟C向盛有苯的试管中加入几滴酸性KMnO4溶液，充分振荡液体分层，溶液紫色褪去D将蔗糖溶液与稀硫酸混合水浴加热，取反应后的溶液少量，加入几滴新制的Cu（OH）2悬浊液加热出现砖红色沉淀A．AB．BC．CD．D【考点】甲烷的化学性质；乙烯的化学性质；苯的性质；蔗糖、麦芽糖简介．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】A．甲烷属于饱和烷烃，特征反应时取代反应，可以刻卤素单质在光照条件下发生取代反应；B．乙烯含碳量比甲烷高，燃烧时火焰明亮；C．苯不含双键，不能是被高锰酸钾氧化；D．醛与新制的氢氧化铜的反应必须在碱性条件下才能发生．【解答】解：A．氯气和甲烷发生取代反应，消耗氯气，所以颜色变浅；反应生成的氯代烷是油状有机物不溶于水，故A正确；B．乙烯燃烧产生明亮的火焰伴有黑烟，故B错误；C．苯不与高锰酸钾反应，苯不溶于水且密度小于水，所有现象是：溶液分层，下层呈现紫红色，故C错误；D．蔗糖水解反应后的溶液中含有硫酸，直接加入新制的氢氧化铜不会出现砖红色，故D错误；故选A．【点评】本题考查了常见的有机物的化学性质，题目比较简单，注意1苯的结构中不存在双键；2醛与新制氢氧化铜反应在碱性条件下发生．　17．0.05mol某两种烃的混和物在足量O2中完全充分燃烧，产物依次通过足量浓硫酸和碱石灰，增重分别为2.7g和5.5g．则此混和物可能为（　　）A．CH4C4H10B．C2H2C4H10C．C2H4C4H10D．C2H6C3H6【考点】有关有机物分子式确定的计算．【专题】烃及其衍生物的燃烧规律．【分析】烃完全燃烧生成二氧化碳和水，产物通过足量浓硫酸增重2.7g为水的质量，通过足量碱石灰增重5.5g为二氧化碳质量．计算出水、二氧化碳的物质的量，根据H原子、C原子守恒，计算烃的平均分子组成，据此判断．【解答】解：烃完全燃烧生成二氧化碳和水，产物通过足量浓硫酸增重2.7g为水的质量，所以水的物质的量为=0.15mol；通过足量碱石灰增重5.5g为二氧化碳质量．所以二氧化碳的物质的量为=0.125mol．所以平均分子组成中碳原子数为：=2.5，氢原子数为=6即平均分子组成为C2.5H6．A、若CH4和C4H10，由碳原子可知为二者为1：1混合，其平均分子组成中H原子数目为7，由于平均分子组成中含有6个H原子，故A错误；B、若C2H2和C4H10，由氢原子可知二者为1：1混合，其平均分子组成中C原子数目为3，由于平均分子组成中含有2.5个C原子，故B错误；-26-\nC、若C2H4和C4H10，由碳原子可知C2H4和C4H10按3：1混合，由氢原子可知C2H4和C4H10按2：1混合，混合比例不同，故不可能，故C错误；D、若C2H6和C3H6，由氢原子可知按任意比混合，由碳原子可知为二者为1：1混合，故二者1：1混合，平均分子组成为C2.5H6，故D正确．故选：D．【点评】考查烃混合物分子式确定，难度较大，注意利用平均分子组成判断烃的组成，常用方法有1、平均碳法2、平均氢法3、平均碳氢分子式法4、平均式量法．　18．柠檬烯是一种食用香料，其结构简式如图．有关柠檬烯的分析正确的是（　　）A．它的一氯代物有6种B．它和丁基苯（）互为同分异构体C．一定条件下，它分别可以发生加成、取代、氧化反应D．它的分子中所有的碳原子一定在同一个平面上【考点】有机物的结构和性质．【分析】该分子中含有碳碳双键，具有烯烃性质，能发生加成反应、加聚反应和氧化反应，含有8种氢原子，有几种氢原子就有几种一氯代物．【解答】解：A．分子中含8种H，则柠檬烯的一氯代物有8种，故A错误；B．苯环的不饱和度是4，柠檬稀的不饱和度是4，所以二者不能互为同分异构体，故B错误；C．含双键，发生加成、氧化、还原等反应，甲基在光照下可发生取代反应，故C正确；D．环状结构中单键上的C均为四面体构型，则所有碳原子不可能在同一个平面上，故D错误；故选C．【点评】本题考查有机物结构和性质，为高频考点，明确官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查烯烃性质，易错选项是D．　19．A、B、C、D都是含单官能团的化合物，A水解得B和C，B氧化可以得到C或D，D氧化也可得到C．若M（X）表示X的摩尔质量，则下列关系式正确的是（　　）A．M（A）═M（B）+M（C）B．2M（D）═M（B）+M（C）C．2M（B）＞M（D）+M（C）D．M（D）＜M（B）＜M（C）【考点】有机化学反应的综合应用；质量守恒定律．【专题】有机反应．【分析】由于A、B、C、D都是含单官能团的化合物，有如下的转化关系：A+H2O→B+C，B→C或D，DC，由此可见A为酯、B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，A分子所含碳原子数为B或C或D的2倍，由醇到醛失去2个氢原子，摩尔质量醛小于醇的，由醛到羧酸，增加1个氧原子，摩尔质量羧酸大于醛的．又因氧原子的摩尔质量比氢原子的大得多，故羧酸的相对分子质量大于醇的，所以有M（D）＜M（B）＜M（C），据此结合选项解答．-26-\n【解答】解：A、B、C、D都是含单官能的团化合物，有如下的转化关系：A+H2O→B+C，B→C或D，DC，由此可见A为酯、B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，A分子所含碳原子数为B或C或D的2倍，由醇到醛失去2个氢原子，摩尔质量醛小于醇的，由醛到羧酸，增加1个氧原子，摩尔质量羧酸大于醛的．又因氧原子的摩尔质量比氢原子的大得多，故羧酸的相对分子质量大于醇的，所以有M（D）＜M（B）＜M（C），A．由于A为酯、B为醇、C为羧酸，都是单官能团化合物，由A+H2O→B+C，则M（A）+18=M（B）+M（C），故A错误；B．根据B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，由醇到醛失去2个氢原子，由醛到羧酸，增加1个氧原子，即羧酸到醛减少1个氧原子，则：2M（D）=M（B）﹣2+M（C）﹣16，即2M（D）=M（B）+M（C）﹣18，故B错误；C．由于B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，由醇到醛失去2个氢原子，由醛到羧酸，增加1个氧原子，则2M（B）=M（D）+2+M（C）﹣16+2=M（D）+M（C）﹣12，所以2M（B）＜M（D）+M（C），故C错误；D．由C中分析可知，B为醇、D为醛、C为羧酸，且B、C、D均为含相同的碳原子，由醇到醛失去2个氢原子，摩尔质量醛小于醇的，由醛到羧酸，增加1个氧原子，摩尔质量羧酸大于醛的．又因氧原子的摩尔质量比氢原子的大得多，故羧酸的相对分子质量大于醇的，所以有M（D）＜M（B）＜M（C），故D正确；故选D．【点评】本题考查醇、醛、酸、酯的相互转化关系等知识，难度中等，培养学生将化学问题抽象成数学问题，通过计算和推理解决化学问题的能力，注意A能够水解说明这种化合物是酯类化合物，又因为B可转化成C，说明B和C的含碳数是相同的．　20．在有机物分子中，若某个碳原子连接4个不同的原子或原子团，则这种碳原子称为“手性碳原子”，凡有一个手性碳原子的物质一定具有光学活性．已知某有机物结构如下：具有光学活性，当它发生下列反应后生成的有机物仍然一定具有光学活性的是（　　）A．与甲酸发生酯化反应B．与NaOH溶液共热C．与氧气发生催化氧化D．在催化剂存在下与H2作用【考点】有机物的结构和性质．【分析】根据题意知，手性碳原子连接4个不同的原子或原子团，如果反应后的生成物的碳原子上连接4个不同的原子或原子团，则其生成物就含有手性碳原子，据此分析解答．【解答】解：A．与甲酸发生酯化反应，C原子仍连接4个不同的原子或原子团，具有光学活性，故A正确；B．与NaOH溶液共热发生水解，反应后生成的物质中C原子上连接两个相同的﹣CH2OH原子团，不具有光学活性，故B错误；C．铜作催化剂的条件下被氧气氧化，﹣CH2OH生成﹣CHO，有2个相同的原子团，不具有光学活性，故C错误；D．在催化剂存在下与H2作用，﹣CHO生成﹣CH2OH，反应后生成的物质中C原子上连接两个相同的﹣CH2OH原子团，不具有光学活性，故D错误．故选A．-26-\n【点评】本题考查了手性碳原子的判断，明确“手性碳原子连接4个不同的原子或原子团”是解本题的关键，根据有机物的结构来分析解答即可，难度不大．　21．某小分子抗癌药物的分子结构如图所示，下列说法正确的是（　　）A．1mol该有机物最多可以和5molNaOH反应B．1mol该有机物与浓溴水反应，最多消耗3molBr2C．该有机物容易发生加成、取代、中和、消去等反应D．该有机物遇FeCl3溶液不变色，但可使酸性KMnO4溶液褪色【考点】有机物的结构和性质．【分析】由结构简式可知，分子中含碳碳双键、﹣COOH、酚﹣OH、﹣COOC﹣，结合羧酸、酚、酯的性质对各选项进行判断．【解答】解：A．A．﹣COOH、酚﹣OH、﹣COOC﹣，均与NaOH反应，则1mol该有机物最多可以和4molNaOH反应，故A错误；B．酚﹣OH的邻对位与溴水发生取代，碳碳双键与溴水发生加成反应，则1mol该有机物与浓溴水反应，最多消耗3molBr2，故B正确；C．碳碳双键可发生加成反应、含﹣OH、﹣COOH可发生取代、中和反应，不能发生消去反应，故C错误；D．酚﹣OH遇FeCl3溶液变色，故D错误．故选B．【点评】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，题目难度中等，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重酚、羧酸、烯烃、酯性质的考查，选项C为易错点，注意掌握有机物发生消去反应的条件．　22．某有机物A（C4H4O3）10.0g与足量NaHCO3充分反应，可生成CO22.24L（标准状况），且A中所有碳原子在同一直线上．下列关于A的叙述正确的是（　　）A．1molA充分燃烧消耗4mol氧气B．A一定可在铜催化条件下与O2反应生成醛C．符合上述条件的A的同分异构体有2种D．A可发生的反应类型有取代、加成、消去、氧化【考点】有机物的推断．【专题】有机物的化学性质及推断．【分析】该有机物能和碳酸氢钠反应生成二氧化碳说明A中含有羧基，A中不饱和度==3，因为两个碳碳双键不能相连，所以A中含有1个碳碳三键，其结构简式为：CH2（OH）C≡CCOOH．-26-\n【解答】解：A.1molA充分燃烧消耗氧气的物质的量=（4+﹣）mol=3.5mol，故A错误；B．A结构简式为：CH2（OH）C≡CCOOH，所以A在一定条件下能被氧化生成醛，故B正确；C．符合条件的A的同分异构体只有A1种，故C错误；D．A中含有醇羟基、碳碳三键和羧基，所以能发生氧化反应、取代反应和加成反应，但不能发生消去反应，故D错误；故选B．【点评】本题考查了有机物的推断，正确推断A的结构是解本题关键，注意A燃烧时需要氧气的计算方法，难度不大．　23．有机物X、Y分子式不同，它们只含C、H、O元素中的两种或三种，若将X、Y不论何种比例混合，只要其物质的量之和不变，完全燃烧时耗氧气量和生成水的物质的量也不变．X、Y可能是（　　）A．C2H4、C2H6OB．C2H2、C6H6C．CH2O、C3H6O2D．CH4、C2H4O2【考点】有机物的推断．【专题】烃及其衍生物的燃烧规律．【分析】X、Y无论以何种比例混合，只要总物质的量不变，完全燃烧生成水的量不变，说明X、Y两物质的化学式中，氢原子数相同，二者耗氧量相同，则X、Y两化学式相差一个或若干个“CO2”基团，符合CxHy（CO2）n，可利用分子式的拆写法判断．【解答】解：A．C2H4、C2H6O含有的H数目不同，物质的量比值不同，生成的水的物质的量不同，故A错误；B．C2H2、C6H6含有的H数目不同，二者物质的量比值不同，生成的水的物质的量不同，且耗氧量也不同，故B错误．C．CH2O、C3H6O2含有的H数目不同，二者物质的量比值不同，生成的水的物质的量不同，且耗氧量不同，故C错误；D．CH4、C2H4O2含有的H数目相同，在分子组成上相差1个“CO2”基团，只要其物质的量之和不变，完全燃烧时耗氧气量和生成水的物质的量也不变，故D正确；故选：D．【点评】本题考查有机物的推断，题目难度不大，注意有机物分子式的确定方法，要求学生具有分析和解决问题的能力．　24．某芳香族酯类化合物甲的分子式为C14H10O5，1mol甲水解后只生成一种产物乙，其物质的量为2mol，下列说法正确的是（　　）A．符合上述条件的甲共有3种B．1mol甲最多可以和7molH2发生反应C．乙中的所有原子一定共平面D．分别燃烧1mol乙与1mol苯耗氧量相同【考点】有机物的推断．-26-\n【分析】酯类化合物甲含﹣COOC﹣，甲的分子式为C14H10O5，1mol甲水解后只生成一种产物乙，其物质的量为2mol，则乙中含﹣OH和﹣COOH，由碳原子数的关系可知，乙为或或，然后结合有机物的结构与性质来解答．【解答】解：酯类化合物甲含﹣COOC﹣，甲的分子式为C14H10O5，1mol甲水解后只生成一种产物乙，其物质的量为2mol，则乙中含﹣OH和﹣COOH，由碳原子数的关系可知，乙为或或，A．乙有3种，则发生酯化反应生成的甲有3种，故A正确；B．甲含有2个苯环和1个酯基，只有苯环与氢气发生加成反应，则1mol甲最多可以和6molH2发生反应，故B错误；C．乙含有苯环、C=O以及羟基，与苯环直接相连的原子在同一个平面上，由于含有﹣OH，且O原子为sp3杂化，呈V形，H原子与苯环不一定在同一个平面上，故C错误；D．乙的分子式为C7H6O3，可拆写成C6H4•CO2•H2O，分别燃烧1mol乙与1mol苯耗氧量不同，故D错误．故选A．【点评】本题考查有机物的推断，明确酯化反应的规律及甲水解生成2mol乙可推出乙为解答本题的突破口，熟悉酚、羧酸、酯的性质即可解答，题目难度中等．　二、填空题25．按要求回答下列问题（1）相对分子质量为72且沸点最低的烷烃的结构简式　C（CH3）4　（2）葡萄糖的结构简式　CH2OH（CHOH）4CHO　，谷氨酸的结构简式　HOOC﹣CH2﹣CH2﹣CH（NH2）﹣COOH　（3）高聚物的单体的分子式为　CH2=CH2和CH2=CH﹣CH3　（4）某高聚物的单体的名称为　HOOC﹣HOOC和HOCH2﹣CH2OH　．【考点】有机物分子中的官能团及其结构．【分析】（1）设烷烃的分子式为CxH（2x+2），根据相对分子质量为72，列出方程式进行计算x值，支链越多，沸点越低；（2）葡萄糖是多羟基醛，谷氨酸是氨基酸；（3）凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种；（4）连接主链中含有酯基，为酯化反应进行的缩聚反应生成高聚物，据此判断其单体．【解答】解：（1）设烷烃的分子式为CxH（2x+2），-26-\n则14x+2=72，解得x=5，所以该烷烃的分子式为C5H12，分子式为C5H12的同分异构体有主链有5个碳原子的：CH3CH2CH2CH2CH3，主链有4个碳原子的：CH3CH（CH3）CH2CH3，主链有3个碳原子的：CH3C（CH3）2CH3；支链越多，沸点越低，故C（CH3）4，故答案为：C（CH3）4；（2）葡萄糖的结构简式为CH2OH﹣CHOH﹣CHOH﹣CHOH﹣CHOH﹣CHO；谷氨酸的结构简式HOOC﹣CH2﹣CH2﹣CH（NH2）﹣COOH，故答案为：CH2OH（CHOH）4CHO；HOOC﹣CH2﹣CH2﹣CH（NH2）﹣COOH；（3）凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体；的单体为CH2=CH2和CH2=CH﹣CH3，故答案为：CH2=CH2和CH2=CH﹣CH3；（4）由高聚物可知，连接主链中含有酯基，为酯化反应进行的缩聚反应生成高聚物，故该单体的结构简式为：HOOC﹣HOOC和HOCH2﹣CH2OH，故答案为：HOOC﹣HOOC和HOCH2﹣CH2OH．【点评】本题考查命名方法的应用、有机物结构简式的书写、高聚物的单体的判断方法，要求学生具有分析和解决问题的能力，难度较大．　26．（18分）（2022秋•哈尔滨校级月考）实验室用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的装置如图所示，其中可能存在的主要副反应有：乙醇在浓硫酸的存在下在l40℃脱水生成乙醚．有关数据列表如下：乙醇1，2﹣二溴乙烷乙醚状态无色液体无色液体无色液体密度/g•cm﹣30.792.20.71沸点/℃78.513234.6熔点/℃一l309﹣1l6回答下列问题：（1）用少量的溴和足量的乙醇、浓硫酸制备1，2﹣二溴乙烷的两步反应方程式为：　CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O；CH2=CH2+Br﹣Br→CH2Br﹣CH2Br　-26-\n（2）装置B中玻璃管的作用　控制气体流速，防止危险　（3）装置C中加入氢氧化钠溶液，其目的是吸收反应中生成的　SO2、CO2　气体（填分子式）（4）反应过程中应用冷水冷却装置D，其主要目的是　避免溴大量挥发　；但又不能过度冷却（如用冰水），其原因是　产品1，2﹣二溴乙烷的熔点（凝固点）低，过度冷却会凝固而堵塞导管　．（5）将1，2﹣二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在　下　层（填“上”、“下”）；（6）若产物中有少量未反应的Br2，最好用　NaOH溶液　试剂除去；（7）若产物中有少量副产物乙醚．可用　蒸馏　方法除去．【考点】制备实验方案的设计．【分析】实验室制备1，2﹣二溴乙烷的反应原理为：A装置中乙醇发生消去反应生成乙烯：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O，B装置可以作安全瓶，要以防倒吸，由于有副反应的发生，生成的乙烯中有酸性气体，所以C装置用氢氧化钠吸收乙烯中的酸性杂质气体，然后乙烯与溴发生加成反应生成1，2﹣二溴乙烷：CH2=CH2+Br2→BrCH2CH2Br，产物中混有的溴单质可以用氢氧化钠溶液除去，粗产品分离提纯时可通过水洗除去无机杂质，再通过蒸馏除去乙醚，整个操作流程还要乙醇发生消去反应时温度的控制，防止副产品乙醚的生成，以及乙烯加成时防溴挥发等．（1）三颈烧瓶A中发生反应是乙醇在浓硫酸的作用下加热到170℃产生乙烯；乙烯分子含有C=C双键，能与溴发生加成反应，D中发生乙烯与溴单质反应生成1，2﹣二溴乙烷；（2）如果D中导气管发生堵塞事故，装置B中长导管液面会上升；（3）装置C中加入氢氧化钠溶液，吸收反应中可能生成的酸性气体；（4）溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，冷却可避免溴的大量挥发；但1，2﹣二溴乙烷的凝固点9℃较低，不能过度冷却，否则1，2﹣二溴乙烷凝固而堵塞导管；（5）根据1，2﹣二溴乙烷和水的密度相对大小解答；（6）因Br2能与NaOH溶液反应，且1，2﹣二溴乙烷与水互不相溶，所以用氢氧化钠溶液吸收Br2，采用的仪器是分液漏斗；（7）利用1，2﹣二溴乙烷与乙醚互溶，但两者沸点相差较大进行解答．【解答】解：（1）三颈烧瓶A中发生反应是乙醇在浓硫酸的作用下发生分子内脱水制取乙烯，乙醇发生了消去反应，反应方程式为：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O，乙烯含有不饱和键C=C双键，能卤素单质发生加成反应，D中乙烯和溴加成生成1，2﹣二溴乙烷，反应为：CH2=CH2+Br﹣Br→CH2Br﹣CH2Br，故答案为：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O；CH2=CH2+Br﹣Br→CH2Br﹣CH2Br；（2）如果D中导气管发生堵塞事故，A中产生的乙烯气体会导致装置B中压强增大，长导管液面会上升，所以装置B中长玻璃管E的作用为判断装置是否堵塞，控制气体流速，防止危险，故答案为：控制气体流速，防止危险；（3）浓硫酸具有强氧化性，将乙醇氧化成二氧化碳，自身被还原成二氧化硫，CH3CH2OH+4H2SO4（浓）4SO2↑+CO2↑+7H2O+C，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应而被吸收，SO2+2NaOH=Na2SO3+H2O，CO2+2NaOH═Na2CO3+H2O，故答案为：SO2、CO2；-26-\n（4）溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，冷却可避免溴的大量挥发，但1，2﹣二溴乙烷的凝固点9℃较低，不能过度冷却，过度冷却会使其凝固而使气路堵塞，故答案为：避免溴大量挥发；产品1，2﹣二溴乙烷的熔点（凝固点）低，过度冷却会凝固而堵塞导管；（5）1，2﹣二溴乙烷和水不互溶，1，2﹣二溴乙烷密度比水大，故答案为：下；（6）常温下Br2和氢氧化钠发生反应：2NaOH+Br2═NaBr+NaBrO+H2O，再分液除去，故答案为：NaOH溶液；（7）1，2﹣二溴乙烷沸点132℃，乙醚34.6℃，1，2﹣二溴乙烷与乙醚的沸点相差较大，两者均为有机物，互溶，用蒸馏的方法将它们分离，故答案为：蒸馏．【点评】本题考查有机物合成实验，主要考查了乙醇制备1，2﹣二溴乙烷，涉及制备原理、物质的分离提纯、实验条件控制、对操作分析评价等，是对基础知识的综合考查，需要学生具备扎实的基础，难度中等．　27．某有机化合物A的相对分子质量（分子量）大于100，小于110．经分析得知，其中C和H的质量分数之和为53.8%，其余为氧．请回答：（1）1个A分子中含有　3　个氧原子，该化合物的相对分子质量是　104　．（2）已知A分子中C、H原子个数比=1：2，则A的分子式是　C4H8O3　．（3）已知A可与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳，A的核磁共振氢谱为3组峰，且面积比为6：1：1，则A的结构简式为　　．【考点】有关有机物分子式确定的计算．【分析】（1）根据A分子中碳氢的质量分数计算出氧元素的质量分数，然后根据A的相对分子质量（分子量）大于100，小于110确定含有氧原子数目及相对分子质量；（2）A分子中C、H原子个数比=1：2，可设A的分子式为：（CH2）nO3，根据A的相对分子质量计算出n即可；（3）根据A的化学性质及含有H原子种类判断A的结构，然后写出A的结构简式．【解答】解：（1）A分子中C和H的质量分数之和为53.8%，则氧元素的质量分数为：1﹣53.8%=46.2%，当相对分子质量为110时，A中最多含有氧原子个数为：≈3.2，当相对分子质量为100时，最少含有氧原子数目为：≈2.9，所以A中含有氧原子数为3，A的相对分子量为：≈104，故答案为：3；104；（2）已知A分子中C、H原子个数比=1：2，可设A的分子式为：（CH2）nO3，则：14n+16×3=104，解得：n=4，所以A的分子式为：C4H8O3，故答案为：C4H8O3；-26-\n（3）已知A可与碳酸钠溶液反应生成二氧化碳，说明A分子中含有羧基，由于A的分子式的不饱和度为2，则除了羧基外其它结构都为单键；A的核磁共振氢谱为3组峰，且面积比为6：1：1，则A中含有3种H原子，A中应该含有两个甲基，则A的结构简式为：，故答案为：．【点评】本题考查了有机物分子式、结构简式的确定，题目难度中等，注意掌握常见有机物结构与性质，明确质量守恒在化学计算中的应用，试题培养了学生的分析能力及化学计算能力．　28．（18分）（2022秋•哈尔滨校级月考）化合物H可用以下路线合成：已知：R﹣CH=CH2RCH2CH2OH请回答下列问题：（1）标准状况下11.2L气态烃A在氧气中充分燃烧可以生成88gCO2和45gH2O，且A分子结构中有3个甲基，则A的结构简式为　CH3CH（CH3）CH3　；（2）B和C均为一氯代烃，D的名称（系统命名）为　2﹣甲基﹣1﹣丙烯　（3）反应①和反应②的反应类型分别是　消去反应和取代反应　（4）控制条件使1molF与2molH2反应，生成3﹣苯基﹣1﹣丙醇，F的结构简式是　　按先后顺序写出检验F中官能团的试剂　Br2的CCl4溶液和银氨溶液　对应反应的现象是　Br2的CCl4溶液褪色和银镜生成　（5）写出E与G反应生成H的化学反应方程式　　；（6）G的同分异构体有很多，符合下列条件的G的同分异构体有　4　种，任写其中一种　　①能发生水解；②能发生银镜反应；③属于单环的芳香类化合物．【考点】有机物的推断．【分析】88gCO2为2mol，45gH2O为2.5mol，标况下11.2L烃A为0.5mol，所以烃A中含碳原子为4，H原子数为10，则A的学式为C4H10，C4H10-26-\n存在正丁烷和异丁烷两种，但从框图上看，A与Cl2光照发生一氯取代时有两种产物，且在NaOH醇溶液作用下发生消去反应的产物只有一种，则A只能是异丁烷，取代后的产物为2﹣甲基﹣1﹣氯丙烷和2﹣甲基﹣2﹣氯丙烷，故D为CH2=C（CH3）2，D发生信息中的反应生成E为．F可以与Cu（OH）2反应，含有醛基，1molF与2molH2反应生成3﹣苯基﹣1﹣丙醇，则F还含有碳碳双键，从生成的产物3﹣苯基﹣1﹣丙醇分析，F的结构简式为，F中醛基氧化为羧基生成G为，G与E发生酯化反应生成H为，据此解答．【解答】解：88gCO2为2mol，45gH2O为2.5mol，标况下11.2L烃A为0.5mol，所以烃A中含碳原子为4，H原子数为10，则A的学式为C4H10，A分子结构中有3个甲基，则A只能是异丁烷，取代后的产物为2﹣甲基﹣1﹣氯丙烷和2﹣甲基﹣2﹣氯丙烷，故D为CH2=C（CH3）2，D发生信息中的反应生成E为．F可以与Cu（OH）2反应，含有醛基，1molF与2molH2反应生成3﹣苯基﹣1﹣丙醇，则F还含有碳碳双键，从生成的产物3﹣苯基﹣1﹣丙醇分析，F的结构简式为，F中醛基氧化为羧基生成G为，D与E发生酯化反应生成H为．（1）由上述分析可知，A的分子式为：C4H10，A分子结构中有3个甲基只能是CH3CH（CH3）CH3，故答案为：CH3CH（CH3）CH3；（2）D为CH2=C（CH3）2，名称为2﹣甲基﹣1﹣丙烯，故答案为：2﹣甲基﹣1﹣丙烯；（3）反应①是卤代烃发生的消去反应，反应②是D与E发生酯化反应生成H为，故答案为：消去反应和取代反应；（4）由上述分析可知，F的结构简式为：，F中含有碳碳双键和醛基，分别用Br2的CCl4溶液和银氨溶液检验，现象为Br2的CCl4溶液褪色和银镜生成，故答案为：；Br2的CCl4溶液和银氨溶液；Br2的CCl4溶液褪色和银镜生成；-26-\n（5）E为，G为，G与E发生酯化反应生成H为，反应②的化学方程式为：，故答案为：；（6）G（）的同分异构体，①能发生水解，说明含有酯基；②能发生银镜反应，说明含有甲酸形成的酯基；③属于单环的芳香类化合物满足上述条件的有，临间对3种，或只有1个取代基，将碳碳双键连在酯基和苯环之间，共4种，故答案为：4；．【点评】本题有机物的推断与合成，涉及分子式的确定、反应类型、化学方程式的书写以及同分异构体的判断等，注意根据反应条件、物质的结构特点进行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等．　-26-