天津市2022年高考数学二轮复习第一部分思想方法研析指导一函数与方程思想检测文

思想方法训练1　函数与方程思想能力突破训练1.已知椭圆+y2=1的两个焦点为F1,F2,过F1作垂直于x轴的直线与椭圆相交,其一个交点为P,则|PF2|=(　　)　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　A.B.C.D.4答案：C解析：如图,令|F1P|=r1,|F2P|=r2,则化简得解：得r2=.2.奇函数f(x)的定义域为R,若f(x+2)为偶函数,且f(1)=1,则f(8)+f(9)=(　　)A.-2B.-1C.0D.1答案：D解析：因为函数f(x)是奇函数,所以f(-x)=-f(x).又因为f(x+2)是偶函数,则f(-x+2)=f(x+2),所以f(8)=f(6+2)=f(-6+2)=f(-4)=-f(4),而f(4)=f(2+2)=f(-2+2)=f(0)=0,f(8)=0,同理f(9)=f(7+2)=f(-7+2)=f(-5)=-f(5);而f(5)=f(3+2)=f(-3+2)=f(-1)=-f(1)=-1,f(9)=1,所以f(8)+f(9)=1.故选D.3.已知函数f(x)=x2+ex-(x<0)与g(x)=x2+ln(x+a)的图象上存在关于y轴对称的点,则a的取值范围是(　　)A.B.(-∞,)C.D.答案：B解析：由已知得,与函数f(x)的图象关于y轴对称的图象的函数解析：式为h(x)=x2+e-x-(x>0).令h(x)=g(x),得ln(x+a)=e-x-,作函数M(x)=e-x-的图象,显然当a≤0时,函数y=ln(x+a)的图象与M(x)的图象一定有交点.当a>0时,若函数y=ln(x+a)的图象与M(x)的图象有交点,则lna<,则0<a<.综上a<.故选B.4.已知{an}是等差数列,a1=1,公差d≠0,Sn为其前n项和,若a1,a2,a5成等比数列,则S8的值为(　　)A.16B.32C.64D.62答案：C解析：因为a1,a2,a5成等比数列,则=a1·a5,即(1+d)2=1×(1+4d),d=2.所以4\nan=1+(n-1)×2=2n-1,S8==4×(1+15)=64.5.已知函数f(x)=ax+b(a>0,a≠1)的定义域和值域都是[-1,0],则a+b=　　　　　. 答案：-解析：∵f(x)=ax+b是单调函数,当a>1时,f(x)是增函数,∴无解：.当0<a<1时,f(x)是减函数,∴∴综上,a+b=+(-2)=-.6.已知直线y=a交抛物线y=x2于A,B两点.若该抛物线上存在点C,使得∠ACB为直角,则a的取值范围为　　　　　. 答案：[1,+∞)解析：以AB为直径的圆的方程为x2+(y-a)2=a,由得y2+(1-2a)y+a2-a=0.即(y-a)[y-(a-1)]=0,则由题意得解：得a≥1.7.已知f(x)是定义域为R的偶函数,当x≥0时,f(x)=x2-4x,则不等式f(x+2)<5的解：集是　　　　　. 答案：{x|-7<x<3}解析：令x<0,则-x>0,∵当x≥0时,f(x)=x2-4x,∴f(-x)=(-x)2-4(-x)=x2+4x.又f(x)为偶函数,∴f(-x)=f(x),∴当x<0时,f(x)=x2+4x,故有f(x)=再求f(x)<5的解：,由得0≤x<5;由得-5<x<0,即f(x)<5的解：集为(-5,5).由于f(x)的图象向左平移两个单位即得f(x+2)的图象,故f(x+2)<5的解：集为{x|-7<x<3}.8.设函数f(x)=cos2x+sinx+a-1,已知不等式1≤f(x)≤对一切x∈R恒成立,求a的取值范围.解：f(x)=cos2x+sinx+a-1=1-sin2x+sinx+a-1=-+a+.因为-1≤sinx≤1,所以当sinx=时,函数有最大值f(x)max=a+,当sinx=-1时,函数有最小值f(x)min=a-2.因为1≤f(x)≤对一切x∈R恒成立,所以f(x)max≤,且f(x)min≥1,即解：得3≤a≤4,故a的取值范围是[3,4].9.在△ABC中,内角A,B,C所对边的边长分别是a,b,c.已知c=2,C=.(1)若△ABC的面积等于,求a,b;(2)若sinC+sin(B-A)=2sin2A,求△ABC的面积.解：(1)由余弦定理及已知条件,得a2+b2-ab=4.因为△ABC的面积等于,所以absinC=,得ab=4.得解：得a=2,b=2.(2)由题意得sin(B+A)+sin(B-A)=4sinAcosA,即sinBcosA=2sinAcosA,当cosA=0时,A=,B=,a=,b=,当cosA≠0时,得sinB=2sinA,由正弦定理得b=2a,得解：得a=,b=.故△ABC的面积S=absinC=.10.4\n某地区要在如图所示的一块不规则用地上规划建成一个矩形商业楼区,余下的作为休闲区,已知AB⊥BC,OA∥BC,且|AB|=|BC|=2|OA|=4,曲线OC是以O为顶点且开口向上的抛物线的一段,如果矩形的两边分别落在AB,BC上,且一个顶点在曲线OC段上,应当如何规划才能使矩形商业楼区的用地面积最大?并求出最大的用地面积.解：以点O为原点,OA所在的直线为x轴建立平面直角坐标系,设抛物线的方程为x2=2py,把C(2,4)代入得p=,所以曲线段OC的方程为y=x2(x∈[0,2]).A(-2,0),B(-2,4),设P(x,x2)(x∈[0,2])在OC上,过P作PQ⊥AB于Q,PN⊥BC于N,故|PQ|=2+x,|PN|=4-x2,则矩形商业楼区的面积S=(2+x)(4-x2)(x∈[0,2]).S=-x3-2x2+4x+8,令S'=-3x2-4x+4=0,得x=或x=-2(舍去),当x∈时,S'>0,S是关于x的增函数,当x∈时,S'<0,S是关于x的减函数,所以当x=时,S取得最大值,此时|PQ|=2+x=,|PN|=4-x2=,Smax=×=.故该矩形商业楼区规划成长为,宽为时,用地面积最大为.思维提升训练11.已知函数f(x)=sin2+sinωx-(ω>0),x∈R.若f(x)在区间(π,2π)内没有零点,则ω的取值范围是(　　)A.B.∪C.D.∪答案：D解析：f(x)=+sinωx-=sinωx-cosωx=sin.由f(x)=0,得ωx-=kπ,k∈Z,x=+,k∈Z.∵f(x)在区间(π,2π)内没有零点,∴≥2π-π=π,且由≥π,得T≥2π,0<ω≤1.由解：得≤ω≤.当k=-1时,-≤ω≤,∵ω>0,∴0<ω≤;当k=0时,≤ω≤;当k≤-2或k≥1,k∈Z时,不满足0<ω≤1.综上,ω的取值范围是∪.12.已知数列{an}是等差数列,a1=1,a2+a3+…+a10=144.4\n(1)求数列{an}的通项an;(2)设数列{bn}的通项bn=,记Sn是数列{bn}的前n项和,若n≥3时,有Sn≥m恒成立,求m的最大值.解：(1)∵{an}是等差数列,a1=1,a2+a3+…+a10=144,∴S10=145.∵S10=,∴a10=28,∴公差d=3.∴an=3n-2(n∈N*).(2)由(1)知bn===,∴Sn=b1+b2+…+bn=,∴Sn=.∵Sn+1-Sn=-=>0,∴数列{Sn}是递增数列.当n≥3时,(Sn)min=S3=,依题意,得m≤,故m的最大值为.13.已知椭圆C:+=1(a>b>0)的一个顶点为A(2,0),离心率为.直线y=k(x-1)与椭圆C交于不同的两点M,N.(1)求椭圆C的方程;(2)当△AMN的面积为时,求k的值.解：(1)由题意得解：得b=.所以椭圆C的方程为+=1.(2)由得(1+2k2)x2-4k2x+2k2-4=0.设点M,N的坐标分别为(x1,y1),(x2,y2),则x1+x2=,x1x2=.所以|MN|===.因为点A(2,0)到直线y=k(x-1)的距离d=,所以△AMN的面积为S=|MN|·d=.由=,解：得k=±1.所以k的值为1或-1.14.直线m:y=kx+1和双曲线x2-y2=1的左支交于A,B两点,直线l过点P(-2,0)和线段AB的中点M,求l在y轴上的截距b的取值范围.解：由(x≤-1)消去y,得(k2-1)x2+2kx+2=0.①∵直线m与双曲线的左支有两个交点,∴方程①有两个不相等的负实数根.∴解：得1<k<.设M(x0,y0),则由P(-2,0),M,Q(0,b)三点共线,得出b=,设f(k)=-2k2+k+2=-2+,则f(k)在(1,)上为减函数,∴f()<f(k)<f(1),且f(k)≠0.∴-(2-)<f(k)<0或0<f(k)<1.∴b<--2或b>2.∴b的取值范围是(-∞,--2)∪(2,+∞).4