安徽省2022届高考数学压轴卷试题 理

安徽省2022届高考压轴卷数学理试题（满分：150分，时间：120分钟）第I卷选择题（共50分）一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的.1.已知复数的实部是，虚部是，则的值是（）A．B.C.D.2.已知集合，则为（）A．B.C.D.3.已知一组观测值具有线性相关关系，若对于，求得，则线性回归方程是（）A．B.C.D.4.下列命题是假命题的是（）A．命题“若，则”的逆否命题为：“若，则”；B．若且，则；C．互相平行的两条直线在同一个平面内的射影必然是两条互相平行的直线；D．“”是“”的充分不必要条件；5.实数满足不等式组，则的最小值是（）A．-1B.-2C.1D.26.已知函数（其中），其部分图像如图所示，将的图像纵坐标不变，横坐标变成原来的2倍，再向左平移1个单位得到的图像，则函数的解析式为（）A.B.15\nC.D.7．投掷一枚正方体骰子(六个面上分别标有1，2，3，4，5，6)，向上的面上的数字记为，又表示集合的元素个数，，则的概率为A．B．c．D．8..双曲线的左右焦点分别是，点在其右支上，且满足，，则的值是（）A．B.C.D.9.已知函数满足，则函数在处的切线是（）A．B.C.D.10.在中，已知D是边上的一点，将沿折叠，得到三棱锥，若该三棱锥的顶点在底面的射影在线段上，设，则的取值范围是（）A．B.C.D.第Ⅱ卷二、填空题：（本大题共5小题，每小题5分，共25分，请把正确的答案填在横线上）11.某几何体的三视图如图所示，根据图中的数据，可得该几何体的体积是______.15\n12.如图在下面的框图输出的是363，则条件①可以填______.（答案不唯一）开始①输出结束是否13．已知二项式的展开式中项的系数与的展开式中项的系数相等，则=．14.设等差数列的公差，且，当时，的前项和取得最小值，则的取值范围是__________.15.给出下列五个命题中，其中所有正确命题的序号是_______.①函数的最小值是3②函数若且，则动点到直线的最小距离是.③命题“函数当”是真命题.④函数的最小正周期是1的充要条件是.⑤已知等差数列的前项和为，为不共线的向量，又若，则.15\n三、解答题（本大题共有6个小题，共计75分。解答应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤）16.(12分)在中，所对的边分别是，设平面向量，且.（1）求的值；（2）若，则的周长的取值范围.17.(12分)某种产品在投放市场前，进行为期30天的试销，获得如下数据：日销销量（件）012345频数1361064试销结束后（假设商品的日销售量的分布规律不变），在试销期间，每天开始营业时商品有件，当天营业结束后，进行盘点存货，若发现存量小于件，则当天进货补充到件，否则不进货.（1）求超市进货的概率（2）记为第二天开始营业时该商品的件数，求的分布列和数学期望.18.(12分)如图，已知四棱锥中，是边长为的正三角形，平面平面，四边形是菱形，，是的中点，是的中点.（1）求证：平面.（2）求二面角的余弦值.19.(12分)已知椭圆的焦点坐标是，过点垂直与长轴的直线交椭圆与两点，且.（1）求椭圆的方程（2）过的直线与椭圆交与不同的两点，则的内切圆面积是否存在最大值？若存在，则求出这个最大值及此时的直线方程；若不存在，请说明理由.15\n20.（13分）已知函数．(1)讨论函数的单调性；(2)若函数的最小值为，求的最大值；(3)若函数的最小值为妒，为定义域内的任意两个值，试比较与的大小．21.（14分）已知数列满足且（1）求；（2）数列，满足，且当时，证明当时，；（3）在（2）的条件下，试比较与4的大小关系.15\n数学（理）试题参考答案1.A【解析】本题考查复数的乘法运算，2.B【解析】考查集合的概念和交集运算，由，即，所以.3.C【解析】考查线性回归方程过样本中心点，带入数据得，解得，所以线性回归方程是.4.C【解析】本题考查命题的四种形式和关系及和充分必要条件的判定,选项A，根据命题的四种形式，可知命题：“”的逆否命题是，故选项A说法正确；选项B，因为所以，则，所以有，故该命题正确；选项C，当两条平行线和投影面垂直时，两条平行线在这个平面内的射影是两个点，显然该命题不正确；选项D，解不等式，得，因为，所以“”是“”的充分不必要条件，D正确.5．B【解析】本题考查简单的线性规划问题中的求最值问题.根据题目可得如下的可行域，其中，令，将这条直线平移可以得到在A点使得取得最小值，所以，故选B6.B【解析】由图像得，因为15\n由图像可以看出，所以即，将的图像纵坐标不变，横坐标变成原来的2倍得到，再向右平移1个单位得到，选B.7.A【解析】由知，函数和的图像有四个交点，所以的最小值，解得，所以的取值是.又因为的取值可能是种，故概率是，故选A.8.C【解析】（方法一）即，又即由题意知，，故.（方法二）焦半径公式法：，故.选C.点评:本题考查双曲线的简单几何性质和等差数列前项和的求法.通过得出的关系式解题的关键.9．B【解析】本题考查复合函数导数的求法和利用导数求曲线的切线方程问题，难度中等.令得，，，两边取导数得，，令得，，，所以15\n函数在的切线方程是即，选B.10.C【解析】本题考查立体几何中的折叠问题和解三角形问题，直接计算比较复杂，可以采用极限思想特殊化法，在中，由余弦定理得所以，当D点和C点重合时，，BD是角平分线时，A点的射影才能出现在BC上，此时，两种情况是临界值，故选C第Ⅱ卷11．【解析】本题考查三视图还原成立体图和棱锥的体积公式.由题知立体图如图所示，所以，.12.（或）【解析】由知，程序的作用是求和，，循环5次，所以条件可以填（或）.13．【解析】中的系数是，中的系数是，所以令得，.14.【解析】，是前项和取得最小值，解得.15\n15.①③⑤【解析】在①中，函数的定义域是解得：，当时，是减函数，当时是增函数，所以，.①正确.在②中，由图像知，，，即，则动点的轨迹是以为圆心，半径的圆（虚线），所以点到直线的最小距离是（是点到直线的距离），，，因为是点的值取不到，所以也不能取到最小值.故②错.在③中，函数是偶函数，且时，即是增函数，当时，，故③正确.在④中，由整理得，，函数的周期故④错误.在⑤中，由知，三点共线，且所以所以，故⑤正确.三、解答题（本大题共有6个小题，解答应写出必要的文字说明，证明过程或演算步骤）16.【解析】（1），即分根据正弦定理得：，，15\n分由余弦定理得即，当且仅当时取等号，又构成三角形的条件知即分17.【解析】（1）（2）的取值是即分布列是:345所以数学期望是18.【证明】（1）取的中点，连接.由题意知且，且，所以且，即四边形是平行四边形，所以，又平面，平面所以平面.---------------（5分）（2）以为坐标原点，为轴，为轴，为轴，建立如图所示的空间直角坐标系，，则15\n，平面的法向量，设是平面的法向量，由，令，得---------（10分）又二面角的平面角是锐角，所以二面角的平面角的余弦值是---------------------（12分）19【解析】（1）设椭圆的方程是，由交点的坐标得：，---------------（1分）由，可得----------------（2分）解得---------------（3分）故椭圆的方程是-----------（4分）（2）设，不妨设设的内切圆半径是，则的周长是，，因此最大，就最大-----------------------（6分）由题知，直线的斜率不为0，可设直线的方程为，15\n由得，，--------------（8分）解得则-----------------（9分）令则则------------（10分）令当时，，在上单调递增，有，即当时，所以，此时所求内切圆面积的最大值是故直线，内切圆的面积最大值是-----------------------------------（12分）20.【解析】(1)显然，且分①当时，，函数在定义域内单调递增；②当时，若，，函数单调递减；若，函数单调递增.分(2)由(1)知，当时，函数在定义域内单调递增，所以无最小值.当时，时，最小，即15\n所以因此，当时，，函数单调递增；当时，，函数单调递减；故的最大值是分(3)由(1)知,极小值即最小值，故分对于任意的且有，分不妨设，则，令则设所以，因为即，所以，即函数在上单调递增.从而，但是，所以即分15\n21．【解析】（1）设，由即时，数列是以为首项，1为公差的等差数列，所以分.（2）当时，由得，因为所以①所以②②-①，得，所以原命题正确------------------------------------------------6分（3）当时，，所以；当时，，所以由（2）知，当时，，即，故，所以，当时，③分15\n因为，所以③故分.15