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【名师伴你行】(新课标)2023高考数学大一轮复习 第7章 第5节 直线、平面垂直的判定及其性质课时作业 理

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课时作业(四十四) 直线、平面垂直的判定及其性质一、选择题1.(2015·南昌模拟)设a,b是夹角为30°的异面直线,则满足条件“a⊂α,b⊂β,α⊥β”的平面α,β(  )A.不存在B.有且只有一对C.有且只有两对D.有无数对答案:D解析:过直线a的平面α有无数个,当平面α与直线b平行时,两直线的公垂线与b确定的平面β垂直于α,当平面α与b相交时,过交点作平面α的垂线与b确定的平面β垂直于α.故应选D.2.(2014·广东)若空间中四条两两不同的直线l1,l2,l3,l4,满足l1⊥l2,l2⊥l3,l3⊥l4,则下列结论一定正确的是(  )A.l1⊥l4B.l1∥l4C.l1与l4既不垂直也不平行D.l1与l4的位置关系不确定答案:D解析:如图,在长方体ABCD-A1B1C1D1中,记l1=DD1,l2=DC,l3=DA,若l4=AA1,满足l1⊥l2,l2⊥l3,l3⊥l4,此时l1∥l4,可以排除选项A和C.若l4=DC1,也满足条件,可以排除选项B.故应选D.3.(2015·南平3月)如图,在斜三棱柱ABC-A1B1C1中,∠BAC=90°,BC1⊥AC,则C1在底面ABC上的射影H必在(  )A.直线AB上B.直线BC上C.直线AC上D.△ABC内部答案:A解析:∵BC1⊥AC,BA⊥AC,BA∩BC1=B,∴AC⊥平面ABC1,因此平面ABC⊥平面ABC1,因此C1在底面ABC上的射影H在直线AB上.故应选A.7\n4.(2015·潍坊模拟)如图,在正四面体P-ABC中,D,E,F分别是AB,BC,CA的中点,下面四个结论不成立的是(  )A.BC∥平面PDFB.DF⊥平面PAEC.平面PDF⊥平面PAED.平面PDE⊥平面ABC答案:D解析:因为BC∥DF,DF⊂平面PDF,BC⊄平面PDF,所以BC∥平面PDF,A成立;易证BC⊥平面PAE,BC∥DF,所以结论B,C均成立;点P在底面ABC内的射影为△ABC的中心,不在中位线DE上,故结论D不可能成立.故应选D.5.(2013·山东)已知三棱柱ABC-A1B1C1的侧棱与底面垂直,体积为,底面是边长为的正三角形,若P为底面A1B1C1的中心,则PA与平面ABC所成角的大小为(  )A.B.C.D.答案:B解析:如图,设P0为底面ABC的中心,连接PP0,由题意知|PP0|为直三棱柱的高,∠PAP0为PA与平面ABC所成的角,S△ABC=×()2×sin60°=.∵三棱柱的体积V=,∴·|PP0|=,∴|PP0|=.又P0为底面ABC的中心,则|AP0|等于正△ABC高的,又易知△ABC的高为,7\n∴|AP0|=×=1.在Rt△PAP0中,tan∠PAP0===,∴∠PAP0=,故应选B.6.(2015·湖州模拟)在边长为1的菱形ABCD中,∠ABC=60°,将菱形沿对角线AC折起,使折起后BD=1,则二面角B-AC-D的余弦值为(  )A.B.C.D.答案:A解析:在菱形ABCD中连接BD交AC于点O,则AC⊥BD,在折起后的图中,由四边形ABCD为菱形且边长为1,则DO=OB=,由于DO⊥AC,BO⊥AC,因此∠DOB就是二面角B-AC-D的平面角,由BD=1,得cos∠DOB===.二、填空题7.若m,n为两条不重合的直线,α,β为两个不重合的平面,给出下列命题:①若m,n都平行于平面α,则m,n一定不是相交直线;②若m,n都垂直于平面α,则m,n一定是平行直线;③已知α,β互相垂直,m,n互相垂直,若m⊥α,则n⊥β;④m,n在平面α内的射影互相垂直,则m,n互相垂直.其中的假命题的序号是________.答案:①③④解析:①显然错误,当平面α∥平面β,平面β内的所有直线都平行α,所以β内的两条相交直线可同时平行于α;②正确;如图①所示,若α∩β=l,且n∥l,当m⊥α时,m⊥n,但n∥β,所以③错误;如图②,显然当m′⊥n′时,m不垂直于n,所以④错误.7\n8.(2015·青岛模拟)如图所示,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥底面ABCD,且底面各边都相等,M是PC上的一动点,当点M满足________时,平面MBD⊥平面PCD.(只要填写一个你认为是正确的条件即可)答案:DM⊥PC(答案不唯一)解析:由题意,易得BD⊥PC,所以当DM⊥PC时,即有PC⊥平面MBD,而PC⊂平面PCD,所以平面MBD⊥平面PCD.9.如图,PA⊥圆O所在的平面,AB是圆O的直径,C是圆O上的一点,E,F分别是点A在PB,PC上的正投影,给出下列结论:①AF⊥PB;②EF⊥PB;③AF⊥BC;④AE⊥平面PBC.其中正确结论的序号是________.答案:①②③解析:由题意,知PA⊥平面ABC,∴PA⊥BC.又AC⊥BC,PA∩AC=A,∴BC⊥平面PAC.∴BC⊥AF.∵AF⊥PC,BC∩PC=C,∴AF⊥平面PBC,∴AF⊥PB,AF⊥BC.又AE⊥PB,AE∩AF=A,∴PB⊥平面AEF.∴PB⊥EF.故①②③正确.10.把等腰直角△ABC沿斜边上的高AD折成直二面角B-AD-C,则BD与平面ABC所成角的正切值为________.答案:解析:如图所示,在平面ADC中,过D作DE⊥AC,交AC于点E,连接BE,7\n因为二面角B-AD-C为直二面角,BD⊥AD,所以BD⊥平面ADC,故BD⊥AC.又DE∩BD=D,因此AC⊥平面BDE,又AC⊂平面ABC,所以平面BDE⊥平面ABC,故∠DBE就是BD与平面ABC所成的角.在Rt△DBE中,易求tan∠DBE=.三、解答题11.(2015·青岛质检)如图所示的几何体中,四边形ABCD为矩形,AB=3BC=6,BF=CF=AE=DE=2,EF=4,EF∥AB,G为FC的中点,M为线段CD上的一点,且CM=2.(1)证明:AF∥平面BDG;(2)证明:平面BGM⊥平面BFC;(3)求三棱锥F-BMC的体积V.解:(1)证明:如图连接AC交BD于点O,则O为AC的中点,连接OG.∵点G为FC的中点,OG为△AFC的中位线,∴OG∥AF.∵AF⊄平面BDG,OG⊂平面BDG,∴AF∥平面BDG.(2)证明:如图连接FM.∵BF=CF=BC=2,G为CF的中点,∴BG⊥CF.∵CM=2,∴DM=4.∵EF∥AB,四边形ABCD为矩形,∴EF∥DM,又∵EF=4,∴四边形EFMD为平行四边形.7\n∴FM=ED=2,∴△FCM为正三角形,∴MG⊥CF.∵MG∩BG=G,∴CF⊥平面BGM.∵CF⊂平面BFC,∴平面BGM⊥平面BFC.(3)VF-BMC=VF-BMG+VC-BMG=×S△BMG×FC=×S△BMG×2.∵GM=BG=,BM=2,∴S△BMG=×2×1=,∴VF-BMC=×S△BMC=.12.(2015·汕头模拟)已知四棱锥PABCD的直观图和三视图如图所示,E是侧棱PC上的动点.(1)求四棱锥P-ABCD的体积;(2)是否不论点E在何位置,都有BD⊥AE?证明你的结论;(3)若点E为PC的中点,求二面角D-AE-B的大小.解:(1)由三视图可知,四棱锥P-ABCD的底面是边长为1的正方形,侧棱PC⊥底面ABCD,且PC=2.所以VP-ABCD=S正方形ABCD·PC=×12×2=,即四棱锥P-ABCD的体积为.(2)不论点E在何位置,都有BD⊥AE.证明如下:连接AC,因为ABCD是正方形,所以BD⊥AC.因为PC⊥底面ABCD,且BD⊂平面ABCD,所以BD⊥PC.7\n又因为AC∩PC=C,所以BD⊥平面PAC.因为不论点E在何位置,都有AE⊂平面PAC.所以不论点E在何位置,都有BD⊥AE.(3)在平面DAE内过点D作DF⊥AE于F,连接BF.因为AD=AB=1,DE=BE==,AE=AE=,所以Rt△ADE≌Rt△ABE,从而△ADF≌△ABF,所以BF⊥AE.所以∠DFB为二面角D-AE-B的平面角.在Rt△ADE中,DF===,所以BF=.又BD=,在△DFB中,由余弦定理,得cos∠DFB==-,所以∠DFB=,即二面角D-AE-B的大小为.7

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发布时间:2022-08-25 17:45:26 页数:7
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文章作者:U-336598

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