广东省珠海市文园中学2022年中考物理二模试卷（解析版） 新人教版

2022年广东省珠海市文园中学中考物理二模试卷一、选择题（共21分，共7个小题，每小题3分，每小题仅有一个选项正确，将正确答案填涂在答案纸相应位置）1．（3分）如图所示是反映某种物质三种状态的微观模型．该物质由图乙的状态直接变为图丙的状态时，发生的物态变化是（　　）　A．熔化B．液化C．升华D．汽化考点：物态的微观模型及特点；升华和凝华的定义和特点．专题：汽化和液化、升华和凝华；粒子与宇宙、材料世界．分析：（1）固态物质中，分子的排列十分紧密，分子间有强大的作用力；液态物质中，分子没有固定的位置，运动比较自由，排列不规则；气态物质中，分子极度散乱，间距很大．（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．解答：解：（1）观察图示，图乙中分子排列紧密有规则，是固态；图丙中分子极度散乱，间距很大，是气态；图甲中分子没有固定的位置，间隙比图乙大，比图丙的小，没有规则，是液态；（2）物质由图乙的状态直接变为图丙的状态，也就是由固态变成气态，属于升华现象．故选C．点评：本题考查了固体、液体、气体中分子的排列特点及物态变化的判断，判断物态变化需要牢固掌握六种物态变化的定义，先看物体是什么状态，再分析是由什么状态形成的即可．　2．（3分）（2022•东城区一模）阿凡提遇见巴依老爷在吃鸡，说到：“好香的鸡呀！”巴依老爷说：“鸡的香味是鸡的一部分，你闻到了就要付钱给我！”阿凡提拿出钱袋摇了摇说：“钱币的响声是钱的一部分，你听到了我就付过钱了！”关于这段故事下列说法正确的是（　　）　A．能闻到鸡的香味说明分子做无规则运动　B．能闻到鸡的香味不能用分子动理论来解释　C．能听到钱币的响声说明分子间有相互作用力　D．能听到钱币的响声只与钱币的振动有关考点：分子的热运动；声音的产生．专题：应用题．分析：（1）一切物质的分子都在不停地做无规则运动；（2）声音是由物体的振动产生的，声音的传播需要介质，解答：解：A、B、能闻到鸡的香味说明分子做无规则运动；故A正确；B错误；C、D、听到钱币的响声说明钱币在振动，钱币的响声是通过空气传播．故C、D错误；故选A．点评：本题是一道综合题，综合考查学生对热学、声学一些知识点的了解和掌握，是一道基础题．　3．（3分）如图所示是冰壶比赛的一个场景．冰壶比赛的得分规则是：冰壶被运动员掷出之后，冰壶在冰面上滑行的过程中，运动员不能再接触冰壶，依据最终停在得分区的不同位置得分．关于冰壶在冰面上滑行过程中，下列说法正确的是（　　）19\n　A．冰壶被掷出之后，冰壶在冰面上滑行的速度是先增大后减小　B．由于冰壶受到的阻力大于惯性，所以冰壶在冰面上滑行速度越来越小　C．冰壶在滑行中具有动能是由于冰壶被掷出之前运动员对冰壶做了功　D．运动员用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，是为了增大滑动摩擦力，从而减慢冰壶运动状态的改变考点：力与运动的关系；惯性；增大或减小摩擦的方法．专题：运动和力；重力、弹力、摩擦力．分析：（1）冰壶掷出后受到摩擦力作用，摩擦力不断改变冰壶的运动状态．（2）惯性是一种性质，力和性质是不能比较大小的．（3）冰壶投掷前，运动员对冰壶做功，使冰壶获得一定的速度，具有一定的动能．（4）使接触面脱离可以减小摩擦力．解答：解：A、冰壶被掷出之后，冰壶在冰面上滑行时受到冰面的摩擦阻力作用，摩擦力不断改变冰壶的运动状态，速度不断减小．选项错误．B、阻力是一种力，惯性是一种性质，是不同的物理量，不能比较大小．选项错误．C、冰壶投掷前，运动员对冰壶做功，使冰壶获得一定的速度，具有一定的动能．选项正确．D、运动员用毛刷“刷擦”冰壶运行前方的冰面，使冰面熔化，减小冰壶和冰面之间的摩擦力．选项错误．故选C．点评：通过冰壶比赛这个体育运动考查惯性、力改变物体的运动状态、摩擦力等，实际上每一项体育比赛中都包含了物理知识，认真观察．　4．（3分）用伏安法测量小灯泡的电阻时，将实验得出的通过小灯泡的电流、小灯泡两端电压的多组数据描述在I﹣U图象上，你认为下述描述出来的图象最接近实际情况的是（　　）　A．B．C．D．考点：欧姆定律的应用．专题：欧姆定律．分析：灯丝电阻随温度的升高而增大，根据欧姆定律可知电压的变化量应大于电流的变化量，据此分析进行解答．解答：解：灯丝电阻随温度的升高而增大，由I=可知，灯泡两端电压的变化量小于通过电流的变化量，结合选项可知，ABC不符合，D符合．故选D．点评：本题考查图象及欧姆定律的应用，要注意灯泡的电阻会随温度的升高而增大．19\n　5．（3分）（2022•株洲）如图，导线ab放在磁场中，接通电源后，ab向右运动，如要使其向左运动，下列方法可行的是（　　）　A．增大电路中的电流B．换用磁性更强的磁铁　C．将电源正负极对调D．同时对调磁铁两极和电源正负极考点：磁场对通电导线的作用．专题：实验题．分析：通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向．如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变．此实验是电能转化为机械能．解答：解：A、增大电路中的电流，将增大导线的运动速度，不会改变运动方向，故A错；B、换用磁性更强的磁铁，将增大导线的运动速度，不会改变运动方向，故B错；C、将电源正负极对调，只改变一个影响因素（电流方向），受力运动方向改变，故C正确；D、同时对调磁铁两极和电源正负极，两个影响因素同时改变时，受力运动方向不变，故D错．故选C．点评：要改变通电直导线的运动方向，只能改变电流方向和磁场方向中的一个即可，两个因素不能同时改变．　6．（3分）如图所示，在一支平底试管内装入适量铁砂，然后先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯里，两烧杯中液面相平齐．若试管在甲液体中受到的浮力为F甲、试管在乙液体中受到的浮力为F乙，甲液体对烧杯底的压强为p甲、乙液体对烧杯底的压强为p乙．下列关于它们大小关系正确的是（　　）　A．F甲＞F乙B．F甲＜F乙C．p甲＞p乙D．p甲＜p乙考点：物体的浮沉条件及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理．专题：应用题；压强、液体的压强；浮力；浮沉的应用．分析：同一试管漂浮在不同的液体中，物体受到的浮力都等于物体的重力，物体排开液体的体积越大，液体的密度越小，然后根据液体压强p=ρgh公式比较压强大小．解答：解：同一试管先后漂浮在甲乙两种液体表面上，试管在甲乙液体中受到的浮力都等于物体的重力，所以试管在甲乙液体中受到的浮力相等，即F甲＜F乙；由于试管受到的浮力相同，试管排开甲的体积大，根据阿基米德原理得，ρ甲＜ρ乙；根据液体压强公式p=ρgh可知：深度相同，甲的密度小，甲液体对容器底的压强小，即P甲＜P乙．故选D．点评：19\n首先根据漂浮条件比较试管在甲乙液体中受到的浮力大小，根据浮力比较甲乙两种液体的密度，然后根据液体压强公式比较压强大小．这是此题的思路．　7．（3分）如图将凸透镜固定在光具座上某位置（图中未标出），点燃的蜡烛放在光具座上的a点，调节光屏的位置，在光屏上得到烛焰清晰缩小倒立的像，将蜡烛从a滑到b点后，再移动光屏，屏上得到清晰的像变小，则正确的是（　　）　A．凸透镜位于b点右侧　B．蜡烛从a点移向b点时，像距一定减小　C．蜡烛在b点时，它的像距大于二倍焦距　D．蜡烛在a点时的成像特点可应用于生活中的投影仪考点：凸透镜成像规律及其探究实验．专题：透镜及其应用．分析：（1）根据凸透镜成像的三种情况和应用进行判断：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机．2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f，应用于幻灯机．u＜f，成正立、放大的虚像，应用于放大镜．（2）凸透镜成实像时，物距增大，像距变小，像变小．解答：解：点燃的蜡烛放在光具座上的a点，调节光屏的位置，在光屏上得到烛焰清晰缩小倒立的像，将蜡烛从a滑到b点后，再移动光屏，屏上得到清晰的像变小，说明实像变小，物距要增大，像距减小，所以凸透镜在a点的左侧，蜡烛在a和b时，像距都在一倍焦距和二倍焦距之间，应用于照相机．故选B．点评：掌握凸透镜成像三种情况的物距和焦距、像距和焦距、像的性质和应用．　二、填空题（共21分，共7个小题，每空1分）8．（3分）如图甲、乙和丙是我们做过的一些实验．图甲中小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在　磁场　；图乙中用导线触接电池时，收音机发出喀喀声，说明了　电磁波　的存在；图丙中水蒸气将塞子弹出，说明了通过　做功　方式可以改变物体内能．考点：通电直导线周围的磁场；电磁波的产生；做功改变物体内能．专题：分子热运动、内能；磁现象、电生磁；信息的传递．分析：（1）奥斯特实验表明电流周围存在磁场．（2）迅速变化的电流产生电磁波．（3）做功和热传递都可以改变物体的内能．19\n解答：解：（1）图甲中小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场．（2）图乙中用导线触接电池时，收音机发出喀喀声，说明迅速变化的电流周围产生电磁波．（3）图丙水蒸气将塞子弹出，水蒸气对塞子做功，水蒸气内能减少，所以做功可以改变物体的内能．故答案为：磁场；电磁波；做功．点评：这些都是课本上的实验，这对课本上的实验插图，认真分析其探究的问题是什么，并联想此图还和哪些物理问题有关．　9．（3分）节能、环保的太阳能路灯随处可见（如图）．太阳能路灯的太阳能电池板一般是由晶体态硅制成的，它能直接把太阳能转化成　电　能，晶体态硅是　半导体　（填“纳米材料”“半导体”或“超导体”）．太阳能和核能都是　一次　能源（填“一次”或“可再生”）．考点：太阳能的利用．专题：能源的利用与发展．分析：晶体态硅属于半导体材料，可以把太阳能直接转化成电能；可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭．解答：解：太阳能路灯的太阳能电池板一般是由晶体态硅制成的，它能直接把太阳能转化成电能；晶体态硅是半导体材料；太阳能和核能都是一次能源．故答案为：电；半导体；一次．点评：本题考查了太阳能的利用和电池板的构成，知道太阳能是可再生能源，核能是不可再生能源，都属于一次能源．　10．（4分）4月20日四川雅安发生7.0级强烈地震，地震、海啸、火山喷发等都会产生　次声波　（填“超声波”或“次声波”）．本次地震中救援人员使用了生命探测仪等救援仪器，其中光学生命探测仪是将一根柔软细长的光纤管伸进瓦砾堆中扭动前行，搜救人员利用观察器可以看清瓦砾深处的情况，光沿弯曲的光纤传播是利用了光的　反射　原理；热红外生命探测仪则是利用感知不同温度的物体发出的　红外线　不同来判断目标．考点：超声波与次声波；光的反射；红外线．专题：声现象；光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．分析：（1）频率低于20Hz的声音叫做次声波，它低于人类的听觉下限，是人耳听不到的；（2）光学生命探测仪利用光纤把细小的摄像探头深入废墟的缝隙中，光信号在光纤内经多次反射传送回来，救援队员在显示屏上就可以把废墟深处的情况看得清清楚楚；（3）一切有温度的物体都能向外辐射红外线，温度越高的物体辐射的红外线越多．解答：解：（1）次声波一般是在地震、海啸、核爆炸等情况下产生，人耳的听觉范围是20Hz～20000Hz，人耳听不见次声波；（2）学生命探测仪将一根柔软细长的光纤管伸进瓦砾堆中扭动前行，搜救人员利用观察器可以看清瓦砾深处的情况，光沿弯曲的光纤传播是利用了光的反射的原理；（3）热红外生命探测仪是利用红外线工作的，在黑暗中能发现目标．故答案为：次声波；反射；红外线．19\n点评：本题通过地震救援考查次声波、激光以及红外线的知识，考查内容多，属于基础知识的考查，考查学生对所学的知识的理解和应用，是中招的热点．　11．（3分）（1）把一根长约10cm左右的饮料吸管A插在盛水的杯子中，另一根吸管B的管口贴靠在A管的上端，往B管中轻轻吹气，会看到A管中液面会上升（如图）．这是因为A管上方空气流速增大，　压强减小　而造成的结果．（2）中国科技部自行设计、自主集成研制的载人潜水器“蛟龙号”其体积约为80m3，设计的最大工作深度为7000m．某次试验中“蛟龙号”下潜到了5km深的海底，则“蛟龙号”在海底受到海水的压强是　5×107　Pa，受到的浮力是　8×105　N．（g取10N/kg，海水的密度是1.0g/cm3）考点：流体压强与流速的关系；液体的压强的计算；浮力大小的计算．专题：气体的压强、流体压强与流速的关系；浮力．分析：（1）吸管和烧杯构成连通器，吹气之前，吸管内和烧杯内液面相平．当向B管吹气时，A管上方的空气流动速度增大，压强减小，A管下方压强不变，A管内的液体受到向上的压强大，液面上升．（2）已知下潜的深度和海水的密度，根据p=ρgh求出潜水器受到的海水的压强；当潜水器下潜时，排开水的体积和本身的体积相等，根据阿基米德原理求出所受的浮力．解答：解：（1）往B管中吹气，吸管A上方空气的流速增大，压强减小，A管中液体受到向上的压强大于向下的压强，液面上升．（2）潜水器受到的海水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×5000m=5×107Pa；潜水器所受的浮力：F浮=ρgV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×80m3=8×105N．故答案为：（1）压强减小；（2）5×107；8×105．点评：本题考查流体压强与流速的关系、液体压强的计算、浮力的计算，关键是公式的应用，相对比较简单．　12．（3分）甲乙两物体同时同地同方向开始作直线运动，甲的速度大于乙的速度，它们的s﹣t图象为图所示a、b、c三条图线中的两条，运动5s甲、乙间的距离大于2m．由图象可知甲乙都做　匀速直线　运动，分析可知甲的图线一定是　a或b　（选填“a”“b”、“a或b”）．若物体以b图线反映的运动速度直线运动10min，它通过的路程是　1200　m．考点：速度公式及其应用．19\n专题：长度、时间、速度．分析：（1）图象中的物体运动路程与时间成正比，据此确定物体的运动特点；（2）根据图象a、b、c的速度及它们5s的路程差，确定对应关系；（3）根据图象得到b的运动速度，再利用公式s=vt得到路程．解答：解：（1）由图象知：a、b、c三条图线表示物体运动路程与时间成正比，是正比例函数，所以物体都做匀速直线运动；（2）由s﹣t图象知，t=5s时，a通过的路程为6m，b通过的路程为2.5m，c通过的路程为1m，所以Sa﹣Sb=3.5m＞2m，Sa﹣Sc=5m＞2m，Sb﹣Sc=1.5m＜2m，所以甲的图线可能是a或b；（3）b的速度为v===2m/s，物体以b图线反映的运动速度直线运动10min，它通过的路程是s′=vt′=2m/s×10×60s=1200m．故答案为：匀速直线；a或b；1200．点评：此题是一道物体的s﹣t图象题，对初中学生来说有一定的难度；分析清楚图象，由图象找出路程s与时间t的对应关系是正确解题的前提与关键．　13．（3分）（2022•东城区一模）图（甲）是根据实验数据画出的某定值电阻电流与其两端电压的关系图象，由图象可知当导体两端电压为10V时，导体通过的电流是　1　A．图（乙）是电压一定时，通过导体的电流随导体电阻变化规律的图象．当导体电阻为4Ω时，通过该导体的电流为　1.5　A．如果将图甲中的定值电阻接到图（乙）所示的电压下，其功率是　3.6　W．考点：电功率的计算；欧姆定律的应用．专题：计算题；信息给予题；图析法．分析：（1）根据图象读出任意一点电压和对应的电流，根据欧姆定律求出甲电阻的阻值，再根据电阻与两端的电压和通过的电流无关，最后根据欧姆定律求出当导体两端电压为10V时，导体通过的电流；（2）分析I﹣R图象可知，任意一点的电流与电压的乘积相等，再根据欧姆定律求出当导体电阻为4Ω时通过该导体的电流；（3）如果将图甲中的定值电阻接到图（乙）所示的电压下，根据P=求出其功率．解答：解：（1）由图甲可得，当U甲=5V时，I甲=0.5A，所以R甲===10Ω；因电阻与两端的电压和通过的电流无关，所以当导体两端电压为10V时，19\n导体通过的电流I甲′===1A；（2）由图象可知，任意一点导体两端的电流与导体电阻的乘积不变，且等于6V；故当导体电阻为4Ω时，通过该导体的电流I乙===1.5A；（3）如果将图甲中的定值电阻接到图（乙）所示的电压下，其功率P甲===3.6W．故答案为：1；1.5；3.6．点评：本题考查了欧姆定律和电功率公式的应用，关键是能找出图象中所提供的信息，特别是根据乙图象得出电阻两端的电压6V不变．　14．（3分）如图所示，斜面长S=10m，高h=4m．用沿斜面方向的推力F，将一个重为150N的物体由斜面底端A匀速推到顶端B．运动过程中物体克服摩擦力做了200J的功．求：（1）运动过程中克服物体的重力做的功W=　600　J；（2）斜面的机械效率η=　75%　；（3）推力F的大小F=　80　N．考点：功的计算；机械效率的计算．专题：功、功率、机械效率．分析：（1）已知物体的重力和斜面的高度，根据公式W=Gh可求推力所做的有用功，即运动过程中克服物体的重力做的功；（2）运动过程中物体克服摩擦力做的功为额外功，根据W总=W有+W额求出总功，利用效率公式求出斜面的机械效率；（3）根据W总=Fs求出推力F大小．解答：解：（1）运动过程中克服物体的重力做的功：W有=Gh=150N×4m=600J；（2）运动过程做的总功：W总=W有+W额=600J+200J=800J，斜面的机械效率η=×100%=×100%=75%；（3）∵W总=Fs∴推力：F===80N．故答案为：（1）600；（2）75%；（3）80．点评：本题考查了使用斜面时有用功（克服物体重力做功）、总功（推力做功）、机械效率的计算，知道克服摩擦力做的功是额外功是本题的关键．　19\n三、作图题（共8分，要求用直尺、水笔在答题纸上作图）15．（8分）（1）如图1重力为250N的灰太狼静止在水平面上时，画出它对地面压力的示意图．（2）用如图2所示的滑轮组提升重物，要求绳自由端移动的速度是物体上升速度的2倍，请画出绕线的方法．（3）画出图3中射向凹透镜后的折射光线．（4）如图4在螺线管附近放一可以自由转动的小磁针．闭合开关，小磁针顺时针偏转，请在图上标出螺线管的南北极和电源的正负极．（5）如图5是小华利用电流表和阻值已知的电阻R0测量电阻Rx的电阻值的实物图，请在答题纸上方框内画出相应电路图．考点：力的示意图；滑轮组的设计与组装；透镜的光路图；通电螺线管的极性和电流方向的判断；根据实物图画电路图．专题：图像综合题．分析：（1）物体位于水平面上时，物体对水平面的压力等于重力，方向与重力的方向相同，都是竖直向下的，作用点在接触面上；（2）绳子自由端移动的速度是物体上升速度的2倍，可以知道，绳子的股数为2股，根据“奇动偶定”的原则，画出使用滑轮组提起物体时的绕绳方法，所以要从定滑轮绕起．（3）根据图中给出的入射光线，与凹透镜的三条特殊入射光线相对应，即可得到答案．（4）根据磁极间的作用判断通电螺线管的磁极，根据安培定则，由通电螺线管的磁极判断电流方向，由电流方向判断电源的正极．（5）走电流，分析实物图，画出电流分合点，确定电路的连接方式，按照先并后串的顺序画出电路图．解答：解：（1）灰太狼静止在水平面上，对水平面的压力大小F=G=250N，方向是竖直向下的，作用点在灰太狼与水平面接触面的中点处，如图所示：19\n（2）根据题目要求，绳子自由端移动的速度是物体上升速度的2倍，可以知道，绳子的股数为2股，因此绳子的自由端要从定滑轮开始绕起．如图所示：（3）对于凹透镜，入射光线与主光轴平行，则折射光线的反向延长线过焦点．如图所示：（4）根据同名磁极相互排斥、异名磁极相互吸引，所以通电螺线管的左端是S极，右端是N极；根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是通电螺线管的N极．可以判断电流从螺线管的左端进、从右端出，所以，电源的左端是正极，右端是负极．如图所示：（5）走电流，分析实物图，画出电流分合点，确定分合点之间两条支路上电路元件组成和顺序、分点之后和合点之前干路部分的元件组成及顺序，按照先并后串的顺序画出电路图，如图所示：点评：19\n（1）作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点；压力的作用点在受压面的中点处，方向始终与受压面垂直，并且指向受压面．（2）考查的是学生绕制滑轮组的能力，重点是绳子股数的判断，然后根据“奇动偶定”的原则来绕制滑轮组．（3）凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴．②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点．③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变．（4）本题中电流的方向、小磁针的偏转方向、螺线管的磁极，知道其中的一者，都能根据磁极间的作用和安培定则判断另外两者．（5）走电流，分析实物图，确定电路的连接方式和元件顺序是本题的关键．　四、实验题（共19分，共3个小题）16．（6分）a、（1）如图1所示，纽扣的直径是　1.10　cm．（2）如图2所示，温度计的示数是　﹣13　℃．（3）用天平测量盐水的密度：将盛有适量盐水的杯子放在调节好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为128.6g．然后将杯中盐水的一部分倒入量筒中，如图甲所示，再将盛有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，改变砝码的个数和游码的位置，使天平横梁再次在水平位置平衡，此时右盘中砝码质量和游码在标尺上的位置如图乙所示，则杯子及杯内剩余盐水的总质量为　62.6　g，根据上述实验数据计算盐水的密度为　1.1×103　kg/m3．b．小丽在水平桌面上用薄透明玻璃板和两支完全相同的蜡烛A、B，探究平面镜成像的特点．在实验中小丽视线正对薄透明玻璃板，看到蜡烛A的“像”，马上把蜡烛B放在所看到“像”的位置，并在白纸上记录实验情况如图4所示．其中MN是玻璃板的位置，a是点燃的蜡烛A所在位置，b是蜡烛B所在位置．小丽根据实验记录发现“像与物体到镜面的距离不相等”．出现这种现象的原因是　AB　（多选）．A、薄透明玻璃板与水平桌面不垂直B、找像时没有从多个方向观察C、实验过程中没有使用平面镜D、实验过程中没有点燃蜡烛B考点：长度的测量；温度计的使用及其读数；密度的计算；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．专题：其他综合题．分析：（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．（2）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；（3）①读取量筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处所对刻线相平；三、①在②使用天平测量物体质量时，首先要明确标尺的分度值，被测物体的质量等于砝码的总质量与游码所对刻度之和．19\n③已知液体质量和体积，利用公式ρ=得到密度；（4）无论怎样沿水平桌面移动蜡烛都不能与像完全重合是因为玻璃板与桌面不垂直，像不在水平桌面上．解答：解：由图知：（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；纽扣左侧与2.00cm对齐，右侧与3.1cm对齐，估读为3.10cm，所以纽扣的直径为d=3.10cm﹣2.20cm=1.10cm．（2）温度计上10℃之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1℃，即此温度计的分度值为1℃；“20”在“10”的下方，液柱最高处在两者之间，所以显示的温度低于0℃，为﹣13℃．（3）①在量筒上，20cm3之间有10个小格，一个小格代表2cm3，即量筒的分度值为2cm3，液面最凹处与60cm3相平，所以液体的体积为60cm3；②在天平的标尺上，1g之间有5个小格，一个小格代表的质量是0.2g，即天平的分度值为0.2g；杯子及杯内剩余盐水的总质量为50g+10g+2.6g=62.6g，所以量筒中盐水的质量为128.6g﹣62.6g=66g；③盐水的密度为ρ===1.1g/cm3=1.1×103kg/m3；（4）如果玻璃没有竖直放置，蜡烛a所成的像就偏上或偏下，始终不能让b与a的像高度相同，所以不能重合或找像时没有从多个方向观察，都会发现“像与物到镜面的距离不相等”．故选AB．故答案为：（1）1.10；（2）﹣13；（3）62.6；1.1×103；（4）AB．点评：此题考查的是不同测量工具的读数和液体密度的测量、平面镜成像特点的探究，都属于基本技能，知识点较零散，但难度不大．　17．（6分）（1）为了测量当时当地的大气压值，他做了如图甲所示的实验，该实验的名称叫做　托里拆利　实验，由实验可知当地大气压值为　750　mm高水银柱产生的压强．此时水的沸点　小于　100℃（填“大于”、“等于”或“小于”）．（2）小明发现水沸腾时，杯口不断地冒出大量“白气”（如图乙），这是由于水蒸气遇冷后　液化　形成的小水珠（填物态变化名称）．（3）小明将实验得出的数据描绘出水沸腾过程中温度随时间变化关系图象（如图丙），分析图象可知水在沸腾过程中的特点是　吸收热量，但温度不变　．（4）小明细心地发现撤掉酒精灯时，烧杯内的水并没有立即停止沸腾，你认为可能的原因　铁圈和石棉网的温度高于水的沸点，水能继续吸热　（写出一条即可）．考点：大气压强的测量方法；沸点及沸点与气压的关系；液化及液化现象．专题：汽化和液化、升华和凝华；气体的压强、流体压强与流速的关系．分析：（1）在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是垂直高度，而不是水银柱的长度；大气压随高度的升高而减小，水的沸点则随气压的减小而降低．19\n（2）液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热温度不变．（3）壶口冒出的大量“白气”是水蒸气遇冷液化成的小水滴；（4）水沸腾的条件：达到沸点，吸热温度不变．酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，移开酒精灯时，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，继续沸腾．解答：解：（1）该实验的名称叫做托里拆利实验，图中750mm高度才是水银柱的垂直高度，它产生的压强与大气压大小相等；水银柱变短说明气压减小了，而气压的减小会使水的沸点降低，低于100℃．（2）杯口不断地冒出大量“白气”，这是由于水蒸气遇冷后液化成的小水滴；（3）液体沸腾前吸收热量，温度不断升高，液体沸腾时吸收热量，温度保持不变，不变的温度就是这种液体的沸点．（4）酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，当移开酒精灯时，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，继续沸腾．故答案为：（1）750；小于；（2）液化；（3）吸收热量，但温度不变；（4）铁圈和石棉网的温度高于水的沸点，水能继续吸热．点评：此题考查了托里拆利实验中水银柱的观察方法，以及水的沸点与气压大小的关系等．　18．（4分）小豪做“电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为6V且保持不变）、到测定值电阻Rx、电流表、电压表、滑动变阻器、电键及导线若干．小豪将电压表并联在滑动变阻器两端，连接电路进行实验（电路部分连接如图甲）．闭合电键后，在移动变阻器滑片的过程中，他发现电流表示数的变化范围因为0.20～0.58A，电压表示数相应的变化范围为4.0～0V（三次试验数据如下表）．第二次试验时，当移动变阻器滑片到某个位置时，电压表、电流表的示数分别如图乙（a）、（b）所示．（1）用笔代替导线帮小豪将图甲中实物电路连接完整．（2）第二次试验时，图乙中（a）、（b）电压示数为　0.6　V、电流表示数为　0.3　A．（3）小豪进行第一次实验时，待测定值电阻Rx在电路中的电功率是　0.4　W．（4）实验中当滑动变阻器的滑片P调节到最右端时，待一会儿，该同学发现电压表示数由零忽然变大，而电流表示数却变为零，则发生故障的可能原因是　滑动变阻器断路　．次数电压表示数/V电流表示数/A140.202　0.6　　0.3　300.58考点：伏安法测电阻的探究实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）要使用电流表、电压表测电阻，需要电压表与待测电阻并联，已知电压表示数变化范围为4.0～0V，所以电压表选择0～15V量程；（2）由题意知，滑动变阻器滑片移动过程中，电压表示数是减小的，由此确定电压表的量程和对应的分度值；电流表最大示数不超过0.6A，由此确定量程和分度值；19\n（3）已知电源电压和滑动变阻器两端电压，可以得到电阻两端电压；已知电阻两端电压和通过的电流，利用公式P=UI得到电阻的功率；（4）电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源串联的部分是通路．解答：解：（1）电压表选择0～15V量程与滑动变阻器并联，连接如下：（2）由题意得，电压表选择的是0～3V量程，对应的分度值为0.1V，此时的示数为0.6V；电流表选择的量程是0～0.6A，对应的分度值为0.02A，此时的电流为0.3A；（3）小豪进行第一次实验时，滑动变阻器两端电压为4V，所以待测定值电阻两端电压为Ux=6V﹣4V=2V，通过的电流为I=0.2A，所以电阻的功率为P=UxI=2V×0.2A=0.4W；（4）已知电压表并联在滑动变阻器两端，示数突然变大，说明电路电阻变大；电流表示数为零，说明电路断路，所以故障原因是滑动变阻器断路．故答案为：（1）实物连接如下：；（2）0.6；0.3；（3）0.4；（4）滑动变阻器断路．点评：此题考查的是测量电阻功率实验，特别注意电压表与滑动变阻器并联是此题与众不同之处．　五、计算题（共2小题，共12分）19．（6分）下表为小军家小汽车的相关数据：总质量：1600kg额定功率：100kW车轮与地面的总接触面积：8.0×10﹣2m2水箱容量：5L（1）小军发现他家汽车如图所示速度匀速行驶了4500m，求行驶这段距离所用的时间是多少秒？（2）该车静止在水平面上时，对地面的压强为多少Pa？（g取10N/kg）（3）假若该车在水平路面上以40kW的功率匀速行驶10min，消耗汽油1.5kg，求小汽车发动机的X效率？（ρ汽油=4.6×107J/kg）考点：压强的大小及其计算；速度公式及其应用；热机的效率．专题：比热容、热机、热值；长度、时间、速度；压强、液体的压强．分析：（1）已知汽车行驶的速度和路程，利用公式t=得到行驶时间；19\n（2）已知汽车质量，可以得到重力，对地面的压力等于重力；已知压力和接触面积，利用公式p=得到对地面的压强；（3）已知汽车牵引力的功率和行驶时间，可以得到牵引力做的功；已知汽油的热值和质量，可以得到汽油完全燃烧放出的热量；已知牵引力做的功和汽油完全燃烧放出的热量，两者之比就是发动机的效率．解答：已知：v=90km=25m/ss=4500mm0=1600kgg=10N/kgS=8.0×10﹣2m2P=40kW=40000Wt2=10min=600sm汽油=1.5kgq=4.6×107J/kg求：（1）t1=？（2）p=？（3）η=？解：（1）∵v=，∴行驶这段距离所用的时间是t1===180s；（2）该车静止在水平面上时，对地面的压强为p=====2×105Pa；（3）∵P=，∴牵引力做的功为W=Pt2=40000W×600s=2.4×107J，汽油完全燃烧放出的热量为Q=m汽油q=1.5kg×4.6×107J/kg=6.9×107J，发动机的效率为η=×100%=×100%≈35%．答：（1）行驶这段距离所用的时间是180s；（2）该车静止在水平面上时，对地面的压强为2×105Pa；（3）发动机的效率为η=×100%=×100%≈35%．点评：此题考查了速度计算公式、压强计算公式、功和功率计算公式、热机的效率计算公式等的应用，涵盖了力学、热学重要的公式或规律，综合性较强，但难度不是很大．　20．（5分）（2022•山西）如图甲是小梦家豆浆机的工作原理图，其中电动机是用来带动刀头将原料进行粉碎打浆的，额定功率是200W．R是加热电阻，额定功率是1100W，图乙、丙是此豆浆机做一次豆浆时的工作信息．小梦的妈妈向豆浆机中加入黄豆和清水共1.5kg，求：（1）豆浆机的加热电阻是多少？（2）从第6min至第9min，豆浆吸收的热量是多少？[C豆浆=4.0×103J/（kg•℃）]19\n（3）豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电能是多少？考点：电功与热量的综合计算；热量的计算；欧姆定律的应用；电功的计算．专题：计算题；压轴题；信息给予题．分析：（1）由题知豆浆机的加热功率和工作电压，利用公式P=求豆浆机的加热电阻；（2）从第6min至第9min，豆浆基本形成，知道豆浆的质量、比热容，从图丙得出温度变化，利用吸热公式Q吸=cm△t求豆浆吸收的热量；（3）由图乙可知，豆浆机正常工作一次电热管工作时间和电动机工作时间，利用W=Pt求豆浆机正常工作做一次豆浆消耗的电能．解答：解：（1）由题知，加热功率P1=1100W，U=220V，∵P=，∴豆浆机的加热电阻：R===44Ω；（2）豆浆吸收的热量：Q吸=c豆浆m△t=4.0×103J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃﹣70℃）=1.8×105J；（3）由图象可知，豆浆机正常工作一次电热管工作时间t1=11min，电动机工作时间t2=2min，豆浆机正常工作做一次豆浆消耗的电能：W=P1t1+P2t2=1100W×11×60s+200W×2×60s=7.5×105J．答：（1）豆浆机的加热电阻是44Ω；（2）从第6min至第9min，豆浆吸收的热量是1.8×105J；（3）豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电能是7.5×105J．点评：本题为电功和热量的综合计算题，考查了学生对电功率公式及其变形公式P=、W=Pt和吸热公式的掌握和运用，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是求豆浆机正常工作一次电热管工作时间和电动机工作时间，要学会从题目所给信息中找到有用的数据，解题过程中还要注意单位的换算．　六、综合应用题（共3小题，共19分）21．（8分）用砝码探究杠杆的平衡条件．（1）如图甲所示为使杠杆在水平位置平衡，应将右端的平衡螺母向　右　（填“左”或“右”）移动，将杠杆调在水平位置的目的是为了方便测量　力臂大小　．（2）实验中测得的数据如表所示，表格中漏填的数据为　1　N．如图所示的生活用 测量序号动力F1/N动力臂l1/cm阻力F2/N阻力臂l2/N①120210②2151.520③3515具与测量序号①显示的性质相同的杠杆是（　　）19\n（3）有的同学按现有方案得出如下结论：“动力×支点到动力作用的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”．这个结论与杠杆平衡条件不符，原因是实验过程中没有改变力的　方向　．（填“大小”“方向”或“作用点”）考点：探究杠杆的平衡条件实验．专题：探究型实验综合题．分析：（1）调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响．（2）①根据杠杆平衡条件得出阻力大小．②动力臂大于阻力臂是省力杠杆，动力臂小于阻力臂是费力杠杆．（3）杠杆在水平位置平衡时，力竖直作用在杠杆上，力臂在杠杆上，力倾斜拉动杠杆，使杠杆在水平位置平衡，力臂不在杠杆上．解答：解：（1）如图，杠杆的右端上翘，平衡螺母向上翘的右端移动．将杠杆调在水平位置的目的是为了方便测量力臂大小．（2）①、由实验①②得到杠杆平衡条件：F1l1=F2l2，所以，3N×5cm=F1×15cm，所以，F2=1N．②、实验①动力臂大于阻力臂是省力杠杆，生活用具中餐盘夹子、食品夹子、筷子都是动力臂小于阻力臂是费力杠杆；核桃夹子动力臂小于阻力臂是省力杠杆．（3）实验时，杠杆在水平位置平衡，力竖直作用在杠杆上，力臂在杠杆上，力臂大小等于作用点到支点的距离，当用弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，力臂不在杠杆上，该同学的结论不成立，该同学没有改变力的方向．故答案为：（1）右；力臂大小；（2）1；D；（3）方向．点评：探究杠杆平衡条件时，要改变力的大小，也要改变力的方向进行多次实验，使实验结论具有普遍性．　22．（7分）如图1所示为研究焦耳定律的实验装置．19\n（1）在两个相同的烧瓶中装满煤油，两瓶中电阻丝的阻值关系为R甲＞R乙．闭合开关一段时间，观察到甲瓶中煤油的温度高于乙瓶．这表明：在　电流和通电时间　相同时　电阻　越大，电流产生的热量越多．（2）利用这些实验器材，小明有设计一个进一步研究焦耳定律的实验．小明保持电阻和通电时间不变，调整滑动变阻器改变电流大小．小明准备探究的问题是：　电流产生热量跟电流的关系　．预期会观察到的现象是：在　电流　越大时，温度计温度升高得越高．如果现象如你所设想能得出的实验结论是：　在电阻和通电时间一定时，电流越大，电流产生的热量越多　．（3）将此装置改装后可测量煤油的比热容，如图2所示，测量时，分别向两个相同的烧瓶中加入初温均为t0、质量相等的水和煤油，通电一段时间后，分别读出温度计的示数为t水、t煤油，请写出煤油比热容的表达c煤油=　c水　（已知水的比热容为c水）．考点：焦耳定律．专题：探究型实验综合题．分析：（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关．在电流和通电时间相等时，电阻越大，电流产生的热量越多；在电阻和通电时间一定时，电流越大，电流产生的热量越多；在电流和电阻一定时，通电时间越长，电流产生的热量越多．（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关．探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生热量跟电阻关系时，控制电流和通电时间一定．（3）根据水吸收的热量和煤油吸收的热量列出等式求出煤油的比热．解答：解：（1）甲乙两根电阻丝串联在电路中，电流和通电时间相同，甲的电阻大，电流通过甲时电流产生的热量多，所以在电流和通电时间一定时，电阻越大，电流产生的热量越多．（2）小明保持电阻和通电时间不变，调整滑动变阻器改变电流大小，这是探究电流产生热量跟电流关系．在电流越大时，温度计温度升高得越高．所以在电阻和通电时间一定时，电流越大，电流产生的热量越多．（3）此过程中水和煤油吸收热量相同，根据Q=cm（t﹣t0）得，所以，c水m（t水﹣t0）=c煤油m（t煤油﹣t0），所以，c煤油=c水．故答案为：（1）电流和通电时间；电阻；（2）电流产生热量跟电流的关系；电流；在电阻和通电时间一定时，电流越大，电流产生的热量越多；（3）c水．点评：掌握电流产生热量多少的影响因素，利用控制变量法和转换法探究电流产生热量多少和各影响因素之间的关系．　23．（7分）小明和小亮在学校的乒乓球台上玩弹玻璃球的游戏，一不小心玻璃球就会滚到台下，他们注意到球的落地点时远时近．那么，玻璃球的落地点到球台的水平距离会和哪些因素有关呢？小明猜想：A、小球的落地点到球台的水平距离可能与球的高度有关．B、小球的落地点到球台的水平距离可能与球的速度有关（1）小明想按如图1所示，用玻璃球、高度可调的桌子和斜面等完成实验，实验还需要的器材是：　刻度尺　．实验完成后得到表1、表2两组数据：19\n实验中让小球从斜面的同一高度滚下的目的是：　使小球在抛出时的速度相同　．表2数据可验证猜想　B　（填猜想的序号）．分析表1数据可得到的结论是：　小球抛出时的速度相同，球的高度越大，玻璃球的落地点到球台的水平距离越大　．（2）本探究实验中小球从水平桌面上飞出的运动叫平抛运动，即有水平初速度的物体在只受重力作用下的运动（如图）．请你另举一个生活中见过的平抛运动例子：　从快速行驶的车上落下的物品的运动　．平抛运动是一种变速曲线运动，它可以等效为水平方向和竖直方向上两个简单运动的合成（叠加）．由于水平方向上物体不受力的作用（不计空气阻力），由我们学过的　牛顿第一　定律可推测物体在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上只受重力作用而做　加速　直线运动（填“加速”或“减速”或“匀速”），平抛运动可以等效看成这两个直线运动的合成）表1同一玻璃球，h=0.2m次数桌子高度H/m落地点到桌子的水平距离s/m10.50.63210.8931.51.09表2同一玻璃球，h=1.2m次数桌子高度H/m落地点到桌子的水平距离s/m10.10.6820.20.9730.351.18考点：控制变量法与探究性实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：（1）在实验中要测量球台的高度及小球射出的水平距离，所以需用到刻度尺进行测量；小球从斜面的同一高度滚下，则得到的初速度相同；分析表一和表二中控制的变量和改变的量，结合抛出距离的变化得出结论；19\n（2）从运动的车上掉落的物品，具有水平方向的初速度，只受重力的作用，做平抛运动；根据牛顿第一定律，若不受力，将保持静止状态或匀速直线运动状态；若受不平衡力，合力方向与运动方向相同，则物体做加速运动．解答：解：（1）在实验中应该测出球台的高度及小球的落地点到球台的水平距离，所以应用到刻度尺；实验中让小球从斜面的同一高度滚下的目的是为了使小球在抛出时的速度相同；由表2知，小球抛出的桌子高度相同，斜面越高，抛出时的速度越大，则小球抛出的水平距离越远，可知小球的落地点到球台的水平距离与球的速度有关；由表1知，小球抛出时斜面的高度相同，抛出的速度相同，桌面越高，小球抛出的距离越远，可知小球的落地点到球台的水平距离与球的高度有关，且小球抛出的速度相同，桌面越高，小球的落地点到球台的水平距离越大；（2）从快速行驶的车上落下的物品，由于具有水平的初速度，又只受重力作用，做平抛运动；由牛顿第一定律知，运动物体在水平方向不受力（忽略空气阻力），做匀速直线运动；在竖直方向，物体只受重力作用，方向竖直向下，所以物体做初速度为零的加速直线运动．故答案为：（1）刻度尺；B；球抛出时的速度相同，球的高度越大，玻璃球的落地点到球台的水平距离越大；（2）从快速行驶的车上落下的物品的运动；牛顿第一；加速．点评：此题是通过实验探究影响平抛运动中水平抛出距离的影响因素，考查了控制变量法的应用及根据实验现象得出结论的能力，在实验中注意控制平抛时速度的方法．　19