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浙江省A9协作体2023-2024学年高二上学期期中联考数学试题(Word版附解析)
浙江省A9协作体2023-2024学年高二上学期期中联考数学试题(Word版附解析)
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浙江省A9协作体2023学年第一学期期中联考高二数学试题考生须知:1.本卷满分150分,考试时间120分钟;2.答题前,在答题卷密封区内填写班级、学号和姓名;座位号写在指定位置;3.所有答案必须写在答题卷上,写在试卷上无效;4.考试结束后,只需上交答题卷.选择题部分一、单项选择题:(本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.若椭圆上一点到椭圆的一个焦点的距离为5,则点到另外一个焦点的距离()A.6B.7C.8D.9【答案】B【解析】【分析】根据椭圆的定义进行求解.【详解】由椭圆方程可知,解得.又椭圆上一点M到两焦点的距离和为,所以M到另一个焦点的距离为.故选:B2.已知向量,,且,则实数的值是()A.1B.2C.3D.4【答案】A【解析】【分析】根据向量垂直的坐标表示求解即可.【详解】因为,,,所以,解得,故选:A 3.若直线的一个方向向量,则的倾斜角为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】利用方向向量可求得其斜率为,即可求得倾斜角.【详解】由方向向量为可知,直线斜率为,所以倾斜角满足,即可得.故选:C4.已知圆与圆,则两圆的公切线条数为()A.1B.2C.3D.4【答案】C【解析】【分析】根据圆的方程可确定两圆圆心和半径,易得圆心距等于两半径之和,即可得两圆外切,所以可得两圆有3条公切线.【详解】易知圆的圆心为,半径,圆的圆心为,半径,易知两圆圆心距,两半径之和为,即满足,此时两圆外切,因此两圆有3条公切线.故选:C5.若直线与两坐标轴的交点为,则以为直径的圆的方程为()A.B.C.D.【答案】A【解析】 【分析】根据点坐标写出以为直径的圆的方程即可.【详解】直线与两坐标轴的交点为,则,则以为直径的圆半径为,圆心即为中点坐标为,所以以为直径的圆的方程为,化简得:.故选:A6.正方体中,二面角的余弦值为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】依题意建立空间直角坐标系,求两个平面的法向量后可得所求二面角的余弦值.【详解】分别以为轴建立如图所示空间直角坐标系,设正方体的棱长为1,可得,则, 设是平面的一个法向量,则,即,取,得,故,又平面,故平面的一个法向量为,所以,所以二面角的余弦值为.故选:D.7.已知点为椭圆:的右焦点,点是椭圆上的动点,点是圆上的动点,则的最小值是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】作出图形,利用椭圆的定义以及圆的几何性质可求得的最小值.【详解】如下图所示:在椭圆中,,则,圆的圆心,半径, 圆心为椭圆的左焦点,由椭圆定义可得,,由椭圆的几何性质可得,即,由圆几何性质可得,所以,所以的最小值是.故选:C.8.如图,一束平行光线与地平面的夹角为,一直径为24cm的篮球在这束光线的照射下,在地平面上形成的影子轮廓为椭圆,则此椭圆的离心率为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由图可得,求出椭圆的,再代入离心率公式,即可得到答案;【详解】由图可得,椭圆的为球的直径,故,椭圆的为球在地面投影,故,,故选:D. 二、多项选择题:(本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.)9.直线l经过点,且在两坐标轴上的截距的绝对值相等,则直线l的方程可能是()A.B.C.D.【答案】ACD【解析】【分析】分直线过原点和不过原点两种情况,分别设直线方程,代入点的坐标,即可求解.【详解】当直线过原点时,设直线,则,得,即,整理为,当直线不过原点时,在两坐标轴上的截距相等时,设直线,则,得,方程为,当直线不过原点时,在两坐标轴上的截距相反时,设直线,则,得,方程为.故选:ACD10.在空间直角坐标系中,点,,,下列结论正确的有()A.B.向量与的夹角的余弦值为C.点关于轴的对称点坐标为D.向量在上的投影向量为【答案】BD【解析】 【分析】根据空间两点距离公式可判断A;根据空间向量的夹角坐标公式可判断B;根据点的对称性可判断C;根据投影向量的概念可判断D.【详解】记,,对于A,,故A错误;对于B,,,,设与的夹角为,则,故B正确;对于C,点关于轴的对称点坐标为,故C错误;对于D,在上的投影向量为,D正确.故选:BD.11.如图,在四棱锥中,底面为正方形,,底面,点、分别为、的中点,若线段上存在点,使得,则线段的长度可能值为()A.3B.4C.5D.6【答案】BCD【解析】【分析】根据题意,建立空间直角坐标系,结合空间向量的坐标运算可得,再由基本不等式,即可得到结果. 【详解】设,,建立如图所示的空间直角坐标系,则,则,因为,所以,则,当且仅当时,即时,等号成立,所以,即.故选:BCD12.画法几何的创始人——法国数学家蒙日发现:在椭圆:中,任意两条互相垂直的切线的交点都在同一个圆上,它的圆心是椭圆的中心,半径等于长、短半轴平方和的算术平方根,这个圆就称为椭圆的蒙日圆,其圆方程为.已知椭圆的离心率为,点均在椭圆上,直线:,则下列描述正确的为()A.点与椭圆的蒙日圆上任意一点的距离最小值为B.若上恰有一点满足:过作椭圆的两条切线互相垂直,则椭圆的方程为C若上任意一点都满足,则 D.若,椭圆的蒙日圆上存在点满足,则面积的最大值为【答案】BD【解析】【分析】根据椭圆上点到原点距离最大值为,蒙日圆上的点到椭圆上点的距离最小值为半径减判断A;根据相切列方程,求出椭圆方程,判断B;分析得到点应在蒙日圆外,从而判断C;根据题意表示出面积,求面积最大值,判断D.详解】由离心率且得:,的蒙日圆方程为:,对于选项A,由于原点到蒙日圆上任意一点的距离都为,到椭圆上任意一点的距离最大值为,所以上任意一点与的蒙日圆上任意一点的距离最小值为,选项A错误;对于选项B,由蒙日圆的定义可知:直线与蒙日圆:相切,则圆心到直线的距离为,所以,则的方程为:,选项B正确;对于选项C,由蒙日圆的定义可知:点应在蒙日圆外,所以直线与蒙日圆:相离,则圆心到直线的距离为,所以,选项C错误;对于选项D,椭圆的方程为:,蒙日圆方程为:,设,则,设,,则,, 将代入方程中,则,,所以直线的方程为,将直线的方程与椭圆的方程联立:,得:,所以,,所以,又因为原点到的距离为,所以,设,则,因为,所以,当且仅当,即时,等号成立,所以选项D正确.故选:BD.非选择题部分三、填空题:(本题共4小题,每小题5分,共20分.)13.已知椭圆的一个焦点是,则的值为___【答案】1【解析】【分析】根据方程为椭圆,以及焦点坐标求参数k值即可.【详解】因为椭圆的一个焦点是,所以,且.故答案为:114.已知实数满足,则的最小值为___. 【答案】【解析】【分析】根据的几何意义求最值.【详解】因实数满足,表示原点与直线上点之间距离,因为到直线距离为,所以的最小值为.故答案为:15.已知点分别为圆与圆上的动点,点为轴上的动点,则的最小值为___.【答案】7【解析】【分析】作出圆M关于x轴的对称圆圆,根据对称性可知,.【详解】如图,圆M关于x轴的对称圆为圆,点A关于x轴的对称点为点.圆,圆心,半径,则圆M关于x轴的对称圆圆,圆心,半径;圆,圆心,半径.当共线时,最小,此时.故答案为:7 16.已知正方体的棱长为,分别为的中点,点在正方体表面上运动,若直线平面,则点的轨迹长度为___.【答案】【解析】【分析】过作面的平行平面,该平面与几何体的截面为四边形,求出周长即可得结果.【详解】分别取,中点,,连结,因为分别为的中点,所以,因为面,面,所以面,由正方体的性质易得,面,面,所以面,又因为,面,面,所以面面,由于,,所以,即四点共面,由于直线平面,所以点的轨迹为四边形,轨迹长度为:,故答案为:. 四、解答题:(本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17.已知直线和直线的交点为(1)求过点且与直线平行的直线方程;(2)若点到直线距离为,求的值.【答案】(1)(2).【解析】【分析】(1)首先求点的坐标,再根据两直线平行,即可求解直线方程;(2)代入点到直线的距离公式,即可求解.【小问1详解】联立方程组,解得,所以点,又所求直线与直线平行,所以所求直线的斜率为,则所求的直线方程为:,即;【小问2详解】点到的距离为解方程可得.18.如图,直三棱柱,,,点是线段的中点. (1)证明:平面平面.(2)求异面直线与所成角的余弦值;【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)根据线面垂直可得线线垂直,再由线面垂直得出面面垂直;(2)建立空间直角坐标系,利用向量法求解即可.【小问1详解】直三棱柱中,平面,平面,,又等腰中,点为得中点,,又,平面,又平面,平面平面.【小问2详解】以为坐标原点,分别以,,为轴,轴,轴建立空间直角坐标系, 则,,,,所以,,设异面直线与所成角为,则.19.已知圆:.(1)若直线过定点且与圆相切,求直线的方程;(2)若直线与圆交于两点,求的最小值.【答案】(1)直线的方程为和.(2)【解析】【分析】(1)根据题意,分切线的斜率存在与不存在讨论,结合点到直线的距离公式列出方程,代入计算,即可得到结果.(2)根据题意,由条件可得当直线l与直线垂直时,直线l被圆截得的弦最小,再由弦长公式,代入计算,即可得到结果.【小问1详解】已知圆心,半径,当直线斜率存在时,设直,即,圆心到直线的距离为,解方程可得,此时直线方程为,整理得.当直线斜率不存在时,直线的方程为,满足题意.所以直线的方程为和.【小问2详解】直线的方程可化为点斜式,所以l过定点.又点在圆C内,当直线l与直线垂直时,直线l被圆截得的弦最小. 因为,所以l的斜率,所以l的方程为,即,因为,,此时所以当时,的最小值为.20.已知椭圆的离心率,且椭圆经过点.(1)求椭圆的标准方程;(2)过点且斜率不为零的直线与椭圆交于两点,关于轴的对称点为,求证:直线与轴交于定点.【答案】(1)(2)证明见解析【解析】【分析】(1)利用离心率以及椭圆经过点的坐标联立解方程组,即可求得椭圆的标准方程;(2)设直线的方程为并于椭圆联立,利用韦达定理写出直线的方程,求出点横坐标表达式即可得.【小问1详解】由离心率可得,将点代入椭圆方程可得,又;解得,所以椭圆C的方程为【小问2详解】 设点,,则,直线的方程为,直线与椭圆联立,消去,得,则可得,,易知,得由题意,直线的方程为,令,所以点的横坐标,所以直线与轴交于定点21.已知空间几何体,底面为菱形,,,,,,平面平面,,.(1)求证:;(2)若直线与平面所成角为,求直线与平面所成角的正弦值.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)利用面面垂直的性质定理,即可求证;(2)根据垂直关系,以点为原点,建立空间直角坐标系,利用向量法求线面角的正弦值.【小问1详解】证明:平面平面,平面平面,,平面,平面,又平面,.【小问2详解】 平面,与平面所成角为,又,所以正三角形,故.,,为等边三角形,,以为坐标原点,分别以为,,轴的正半轴建立空间直角坐标系,,,,,,,故可得点坐标为所以,设平面得法向量为,又,,,令,则,可得,设直线与平面所成角为,22.已知椭圆,、为椭圆的左右焦点,、为椭圆的左、右顶点,直线与椭圆交于、两点.(1)若,求;(2)设直线和直线的斜率分别为、,且直线与线段交于点,求的取值范围. 【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)当时,写出直线的方程,设点、,将直线的方程与椭圆方程联立,列出韦达定理,利用弦长公式可求得的值;(2)将直线的方程与椭圆的方程联立,列出韦达定理,根据直线与线段求出实数的取值范围,再利用斜率公式结合韦达定理可求出的取值范围.【小问1详解】解:设、,当时,直线的方程为,联立直线与椭圆方程,可得,,由韦达定理可得,,所以,.【小问2详解】解:联立直线与椭圆方程,消去,得,则,解得,设、,由韦达定理可得,, 因为,易知,直线交线段于点,则,可得,所以,.【点睛】方法点睛:圆锥曲线中取值范围问题的五种求解策略:(1)利用圆锥曲线的几何性质或判别式构造不等关系,从而确定参数的取值范围;(2)利用已知参数的范围,求新的参数的范围,解这类问题的核心是建立两个参数之间的等量关系;(3)利用隐含的不等关系建立不等式,从而求出参数的取值范围;(4)利用已知的不等关系建立不等式,从而求出参数的取值范围;(5)利用求函数值域的方法将待求量表示为其他变量的函数,求其值域,从而确定参数的取值范围.
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所属:
高中 - 数学
发布时间:2023-12-22 19:10:02
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文章作者:随遇而安
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