黑龙江省佳木斯市四校联考2023-2024学年高二上学期11月期中考试物理（Word版附解析）

2023--2024学年度第一学期四校联考期中考试高二物理试题命题教师：审题教师：考试时间：75分注意事项：1．答题前请粘贴好条形码，填写好自己的姓名、班级、考号等信息．2．本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，满分100分。第I卷（选择题）一、单选题（每小题4分，共28分）．1．某电容器标注的是“400V  ”，则下列说法正确的是（　　）A．该电容器的额定电压为400VB．该电容器的击穿电压为400VC．该电容器接在200V的电压两端时，电容为D．不管哪类电容器，都不用考虑引出线与电源的哪个极相连2．如图所示，从炽热的金属丝飘出的电子（速度可视为零），经加速电场加速后从两极板中间垂直射入偏转电场。在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（　　）A．仅增大加速电场的电压B．仅减小偏转电场两极板间的距离C．仅减小偏转电场的电压D．仅减小偏转电场极板的长度3．如图所示，实线表示某静电场中的电场线，过M点的电场线是水平直线，虚线表示该电场中的一条竖直等势线，M、N、P是电场线上的点，Q是等势线上的点。一带正电的点电荷在M点由静止释放，仅在电场力作用下水平向右运动，则（  ）A．点电荷一定向右做匀加速运动B．点电荷在N点释放时的加速度比在P点释放时的加速度小C．将一负点电荷从P点移到N点，电场力做正功D．将一负点电荷从Q点沿等势线竖直向上射出，点电荷将沿等势线做直线运动4．下列各量中，与检验电荷无关的物理量是(　　)A．电场力FB．电场强度EC．电势能EpD．电场力做的功W5．关于电流，下列说法中正确的是（　　）A．导线内自由电子的定向移动速率等于电流的传导速率B．在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位“安培”是基本单位C．电流是一个矢量，其方向就是正电荷的定向移动方向D．电流越大，通过导体某横截面积的电荷量越多6．下列说法是某同学对电学中相关概念及公式的理解，其中正确的是(　　)A．电场强度公式E＝适用于一切电场B．根据电容的定义式C＝,电容器极板上的电荷量每增加1C，电压就增加1VC．根据电场力做功的计算式W＝qU，一个电子在1V的电压下加速，电场力做功为1eVD．电场线就是正电荷只在电场力的作用下运动的轨迹7．A、B是一条电场线上的两个点，一负点电荷仅在静电力作用下以一定的初速度从A点沿电场线运动到B点，其图像如图所示。则此电场的电场线分布可能是（　　）  A. B. C. D.  二、多选题（每小题6分，共18分，选不全得3分，选错不得分。）8．把质量为m的正点电荷q在电场中由静止释放，如果不计重力，在它运动的过程中，下述说法正确的是（　　）A．该点电荷的受力方向，必与所在点的电场线的切线方向一致B．该点电荷的速度方向，必与所在点的电场线的切线方向一致C．该点电荷的加速度方向，必与所在点的电场线的切线方向一致D．该点电荷的运动轨迹必与电场线重合9．根据欧姆定律，下列说法中正确的是（　　）A．从关系式U=IR可知，导体两端的电压U由通过它的电流I和它的电阻R共同决定 B．从关系式可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．从关系式知，导体中电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比D．从关系式知，对一个确定的导体来说，温度不变时，所加的电压跟通过导体的电流的比值是一定值10．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M点运动到N点，以下说法正确的是（　　）A．粒子必定带正电荷B．粒子在M点的加速度大于它在N点的加速度C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D．粒子在M点的动能小于它在N点的动能第Ⅱ卷（非选择题）三、实验题（11题10分，12题6分）11．某物理实验小组利用实验室提供的器材测量某金属丝的电阻率。可选用的器材如下∶①待测金属丝，（用R×表示），阻值约几十欧②电流表A1∶量程60mA，内阻r1约为2Ω③电流表A2∶量程50mA，内阻r2为30Ω④电压表V∶量程为15V，内阻为10kΩ⑤滑动变阻器R1∶总阻值约为3Ω⑥滑动变阻器R2∶总阻值约为300Ω⑦电源E，电动势约为1.5V，内阻忽略不计⑧开关一个及导线若干（1）用螺旋测微器测金属丝直径d=mm；（2）用多用电表欧姆挡粗测金属丝阻值大小，分别选择倍率×1和×10，经正确操作后，两次测量中多用电表表盘示数如图所示，则金属丝的电阻约为Ω。（3）同学们用伏安法进一步测量Rx，为了便于实验，则滑动变阻器应选择（填器材代号），请在图中虚线框内补充完整实验电路图，并标明所选器材的代号。（4）测出金属丝阻值Rx后，可算出金属丝电阻率为ρ=（用含d、Rx、L的表达式表示）12．如图所示为“探究影响平行板电容器电容的因素”的实验，其中电容器左侧极板和静电计外壳均接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连，使电容器充电后与电源断开。(1)本实验采用的科学方法是；A．理想实验法    B．等效替代法    C，控制变量法    D．建立物理模型法(2)实验中使用静电计的目的是（填序号）；A．测定两板之间的电场强度B．直接测量电容器电容的变化情况C．观察电容器电荷量的变化情况D．观察电容器电势差的变化情况(3)在实验中观察到的现象是。 A．图中的手水平向左移动时，静电计指针的张角变大B．图中的手水平向左移动时，静电计指针的张角不变C．图中的手竖直向上移动时，静电计指针的张角变小D．图中的手不动，而向两板间插入陶瓷片时，静电计指针的张角变大四、解答题（13题10分，14题14分，15题14分）13．在如图所示的电路中，三个电阻的阻值分别为，，，电源电压恒定。（1）接通开关S，断开开关S＇时，与两端电压之比为多少（2）两个开关S，S＇都接通时，与两端电压之比为多少14．如图所示，在距离某平面高2h处有一抛出位置P，在距P的水平距离为处有一光滑竖直挡板AB，A端距该水平面距离为，A端上方整个区域内加有水平向左的匀强电场；B端与半径为的的光滑圆轨道BC连接一带电量大小为，质量为的小滑块，以某一初速度从P点水平抛出，恰好能从AB挡板的右侧沿ABCD路径运动到D点而静止请完成下列问题（1）求出所加匀强电场的场强大小？（2）当滑块刚运动到C点时，求出对圆轨道的压力？15．如图所示，水平放置的平行板电容器，原来两极板不带电，上极板接地，它的极板长m，两板间距离cm，同种带电微粒以相同的初速度先后从两极板中央平行极板射入，由于重力作用微粒落到下极板上，之后微粒所带电荷立即转移到下极板且均匀分布在下极板上。设前一微粒落到下极板上时后一微粒才开始射入两极板间。已知微粒质量为kg、电荷量为C，取。(1)为使第一个微粒恰能落在下极板的中点，求微粒入射的初速度的大小；(2)若带电微粒以第(1)问中初速度入射，则平行板电容器所获得的电压最大值是多少？参考答案：1．A【详解】AB．电容器外壳上标的是额定电压，这个数值比击穿电压低，A正确，B错误；C．是电容器的电容，与接入电容器的电压高低无关，C错误；D．对于电解电容器，需考虑引出线的接法，D错误。故选A。2．B【详解】设电子经加速电场加速后的速度为，加速电压为，偏转电压为，偏转电场两极板间的距离为，极板 的长度为，则电子经加速电场加速的过程中，根据动能定理可得电子在偏转电场中的加速度运动时间离开偏转电场时速度方向与水平方向夹角的正切值为故B正确；ACD错误。故选B。3．C【详解】A．带正电的点电荷在M点由静止释放，仅在电场力作用下水平向右运动，说明点电荷受到水平向右的电场力，所以M所在电场线电场方向也是水平向右，根据电场线的分布可知，该静电场不是匀强电场，所以点电荷在运动过程中受到的电场力不是恒定的，根据牛顿第二定律，点电荷运动的加速度也不是恒定的，所以点电荷向右做的不是匀加速运动，A错误；B．由图可知，N点电场线比P点电场线密集，所以N点的电场强度大于P点的电场强度，点电荷在N点受到的电场力大于P点处的电场力，所以点电荷在N点释放时的加速度比在P点释放时的加速度大，B错误；C．电势随电场方向逐渐减小，所以N点电势比P点高，将一负点电荷从P点移到N点，电势能减小，电场力做正功，C正确；D．将一负点电荷从Q点沿等势线竖直向上射出，由于电场方向垂直等势线，则点电荷受到的电场力方向与运动方向不在同一条直线上，所以点电荷做曲线运动，D错误。故选C。4．B【详解】电场力、电势能以及电场力做功都与检验电荷的带电量有关，只有电场强度是由电场本身的特性决定的，与试探电荷的存在与否无关。故选B。5．B【详解】A．导线内自由电子的定向移动速率远小于电流的传导速率，选项A错误；B．在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位“安培”是基本单位，选项B正确；C．电流是一个标量，其方向是正电荷的定向移动方向，选项C错误；D．电流越大，单位时间内通过导体某横截面积的电荷量越多，选项D错误。故选B。6．C【详解】A．电场强度公式：E＝只适用于匀强电场，故A错误；B．根据电容的定义式：C＝可知：U=只有在电容器C=1F时，当电容器极板上的电荷量每增加1C，电压就增加1V，故B错误；C．电子的电量为e，由：W=Uq可知电场对电子做功加速时：W=Ue即在1V电压下加速，电场力做功为1eV，故C正确；D．电场线并不存在，是虚拟的，是人为引入的，而物体的运动轨迹是实际存在的，故电场线不是电荷的运动轨迹，故D错误．7．A【详解】负点电荷在静电力的作用下由A运动到B，由图像可知，负点电荷做加速度逐渐增大的减速运动。由牛顿第二定律可知静电力越来越大，即A运动到B的过程中，电场强度越来越大，电场线分布越来越密。又由于负电荷所受静电力方向与速度方向相反，故场强方向为由A到B。故选A。8．AC【详解】AC．电场线上某点的切线方向表示电场强度的方向，则正电荷所受电场力的方向与切线方向一致，由牛顿第二定律可知，加速度方向也与切线方向一致，故AC正确；B．电场线上某点的切线方向表示电场强度的方向，但是速度方向不一定与电场线的切线方向一致，故B错误；D．电荷在电场中由静止释放，如果电场线为曲线，则受力方向变化，则运动轨迹不一定与电场线重合，故D错误。故选AC。 9．CD【详解】A．由U=IR知对于一个确定的导体来说，如果通过的电流越大，则导体两端的电压也越大，但是，不能说导体两端的电压U由通过它的电流I和它的电阻R共同决定，故A错误，不符合题意；B．关系式是定义式，导体电阻由导体本身决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，故B错误，不符合题意；C．由知，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故C正确，符合题意；D．导体电阻由导体本身决定，与导体两端的电压和通过导体的电流无关，导体电阻在数值上等于它两端的电压与通过它的电流之比，由可知，对于一个确定的导体来说，温度恒定时，所加的电压跟通过的电流的比值是一确定值，故D正确，符合题意。故选CD。10．ACD【详解】A．根据粒子的运动轨迹可知，粒子运动的轨迹大致向上，可知粒子必定带正电荷，选项A正确；BC．电场线的疏密反映场强大小，可知M点场强小于N点场强，可知粒子在M点受到的电场力小于它在N点的电场力，粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度，选项B错误，C正确；D．从M点到N点电场力做正功，则动能增加，即粒子在M点的动能小于它在N点的动能，选项D正确。故选ACD。11．1.108【详解】（1）[1]用螺旋测微器测金属丝直径：（2）[2]欧姆表指针指在表盘中央刻度附近，所以选择倍率×1，即金属丝的电阻约为（3）[3]由于采用分压式，选择阻值较小的滑动变阻器，便于调节，所以选择，[4]由题知电源电动势为1.5V，电压表的量程为15V，故电压表的量程太大，故不能选用电压表；题中的内阻已知，可以将与待测电阻并联，用于测待测电阻两端的电压，再用测总电流，则电路图如下（4）[5]根据电阻定律可得：12．CDA【详解】(1)[1]本实验采用的科学方法是控制变量法，故选C。(2)[2]实验中使用静电计的目的是观察电容器电势差的变化情况，故选D。(3)[3]根据公式得可知：AB．图中的手水平向左移动时，d增大，U增大，静电计指针的张角变大，故A正确，B错误；C．图中的手竖直向上移动时，S减小，U增大，静电计指针的张角变大，故C错误；D．图中的手不动，而向两板间插入陶瓷片时，增大，U减小，静电计指针的张角变小，故D错误。故选A。13．（1）；（2）【详解】（1）接通开关S，断开开关S＇时，，串联在一起，电流相等，所以、两端电压比为（2）两个开关S、S＇都接通时，与两端电压之比为 14．（1）；（2）【详解】(1)设物块从P到A运动的时间为t，水平方向的加速度大小为a，物块能够沿AB下滑，说明在A点时水平方向速度为零，则水平方向其中根据牛顿第二定律可得竖直方向联立解得(2)从P点到C点根据动能定理可得其中所以根据牛顿第二定律可得联立解得根据牛顿第三定律可得压力大小为9N。15．(1)2.5m/s；(2)6V【详解】(1)第一个微粒进入电容器后只受重力作用，做平抛运动，所以有    解得(2)当平行板电容器所获得的电压最大时，进入电容器的微粒刚好从下极板的右边缘射出，所以有，，解得V