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四川省绵阳中学2023-2024学年高三数学(理)上学期一诊模拟(五)试题(Word版附解析)

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绵阳中学2021级高三上期一诊模拟(五)数学(理科)试题时间:120分钟满分:150分本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分第Ⅰ卷(选择题共60分)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的).1.已知集合,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】因为集合的代表元素都是,所以分别解关于的不等式可得集合,进而求出.【详解】由得,由得,即,所以,所以.故选:C.2.实数a,b满足,则下列不等式成立的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】举反例即可判定ABD,由,得出,利用指数函数的性质即可判定C.【详解】取,满足,但,所以A错误;取,满足,但,所以B错误;若,则,,所以C正确; 取,则,所以D错误.故选:C.3.已知分别为的内角的对边,命题:若,则为钝角三角形,命题:若,则.下列命题为真命题的是()AB.C.D.【答案】B【解析】【分析】分别判断两个命题的真假,再根据选项判断复合命题的真假.【详解】因为,所以,则为真命题.因为,所以,又在上是减函数,所以,则为假命题,只有为真命题.故选:B4.中国古代有计算多项式值的秦九韶算法,如图是实现该算法的程序框图.执行该程序框图,若输入,,依次输入的值为1,2,3,则输出的()A10B.11C.16D.17 【答案】B【解析】【分析】根据循环结构,令依次进入循环系统,计算输出结果.【详解】解:∵输入的,,当输入的为1时,,,不满足退出循环的条件;当再次输入的为2时,,,不满足退出循环的条件;当输入的为3时,,,满足退出循环的条件;故输出的值为11.故选:B5.如图,在平行四边形中,,,若,则(  )A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由已知结合向量的线性运算及平面向量基本定理即可求解.【详解】在平行四边形中,,,所以,若,则,则.故选:D.6.等差数列中,,则()A.60B.30C.10D.0 【答案】B【解析】【分析】本题可由等差数列的性质即中项公式来求解.【详解】等差数列中,,即,.故选:B.7.垃圾分类是指按一定规定或标准将垃圾分类储存、投放和搬运,从而转变成公共资源的一系列活动,做好垃圾分类是每一位公民应尽的义务.已知某种垃圾的分解率与时间(月)近似地满足关系(其中为正常数),经过5个月,这种垃圾的分解率为,经过10个月,这种垃圾的分解率为,那么这种垃圾完全分解大约需要经过()个月.(参考数据:)A.20B.27C.32D.40【答案】B【解析】【分析】根据和的两组值求出,再根据求出即可得解.【详解】依题意得,解得,,则,这种垃圾完全分解,即分解率为,即,所以,所以,所以.故选:B8.函数的图像大致是() A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据函数的奇偶性和特殊值,逐一判断,即可得到本题答案.【详解】由,又,可知偶函数,排除B;因为,可排除D,又由,可排除C.故选:A9.定义:函数,下列选项正确的是()A.函数为偶函数B.函数不是周期函数C.函数在上单调递增D.函数的图像关于对称【答案】D【解析】【分析】利用正弦曲线、余弦曲线确定的图像.【详解】因为,所以的图像如下: 由图可知,A,B,C错误,D正确.故选:D.10.若,为锐角,且,则的最小值为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】利用两角和的正切公式进行转化,结合基本不等式求得,从而求得的最小值.【详解】因为,所以,所以,即,得,由于,为锐角,所以,所以,当且仅当时等号成立,所以的最小值为.故选:A11.为等差数列,公差为,且,,,函 数在上单调且存在,使得关于对称,则的取值范围是()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】推导出sin4d=1,由此能求出d,可得函数解析式,利用在上单调且存在,即可得出结论.【详解】∵{an}为等差数列,公差为d,且0<d<1,a5(k∈Z),sin2a3+2sina5•cosa5=sin2a7,∴2sina5cosa5=sin2a7﹣sin2a3=2sincos•2cossin2sina5cos2d•2cosa5sin2d,∴sin4d=1,∴d.∴f(x)cosωx,∵在上单调∴,∴ω;又存在,所以f(x)在(0,)上存在零点,即,得到ω.故答案为故选D 【点睛】本题考查等差数列的公差的求法,考查三角函数的图象与性质,准确求解数列的公差是本题关键,考查推理能力,是中档题.12.函数和的定义域均为,且为偶函数,为奇函数,对,均有,则()A.615B.616C.1176D.2058【答案】B【解析】【分析】由题意可以推出,,再结合可得函数方程组,解出函数方程组后再代入求值即可.【详解】由函数为偶函数,则,即函数关于直线对称,故;由函数为奇函数,则,整理可得,即函数关于对称,故;由,可得,所以,故,解得,所以,所以.故选:B.第Ⅱ卷(非选择题,共90分)二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分,把答案填在题中横线上.13.已知,点,则向量在方向上的投影为________.【答案】【解析】【分析】根据投影的计算公式即可求解. 【详解】由点,得,所以向量在方向上的投影为:.故答案为:.14.若,则______.【答案】##【解析】【分析】利用和角的正余弦公式化简,再利用诱导公式及齐次式求法求解即可.【详解】,则.故答案为:15.已知函数,若关于x的方程有两个不相等的实数根,则实数a的取值范围是______.【答案】【解析】【分析】利用导数研究的单调性和极值,作出的图像;由关于的方程有两个不相等的实数根,得到函数与有一个交点,利用图像法求解. 【详解】对于函数.当时,.令,解得:或;令,解得:;所以在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增.而,;,.当时,.令,解得:;令,解得:;所以在上单调递减,在上单调递增.而;,,.作出的图像如图所示:解关于的方程有两个不相等的实数根,即关于的方程有两个不相等的实数根,只有一个实数根,所以关于的方程有一个非零的实数根,即函数与有一个交点,横坐标.结合图像可得:或,所以的取值范围是.16.已知正整数数列满足:,则____________【答案】630 【解析】【分析】根据已知条件,易得到数列的初值,根据初值,可以进行归纳,得到中项数满足的递推关系,然后使用数列归纳法进行推导论证,得到的递推公式,然后通过构造等比数列求解出的表达式,结合2022所满足的关系代入合适的关系式求解即可.【详解】由可得:12345678910111213141241510411312213114我们可以看到的下标:它们满足的递推关系:①,对归纳:时已经成立,设已有,则由条件,,,,,归纳易得:,,②于是,当时,,因此,即①式成立,根据①式,,令,所以,,所以,因此,,而,,则,,故由②式可得,故答案为:630.三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17~21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第.22、23题为选考题,考生根据要求作答. (一)必考题:共60分.17.设函数,已知函数的图象与x轴相邻两个交点的距离为,且图象关于点对称.(1)求的单调区间;(2)求不等式的解集.【答案】(1)单调递增区间:,,无递减区间(2)【解析】【分析】(1)根据函数周期性,结合函数图象过的点的坐标,代值计算即可求得参数,则解析式可求;利用整体法代换法,即可求得函数的单调区间;(2)根据(1)中所求解析式,利用正切函数的单调性,即可解得不等式.【小问1详解】由题意知,函数f(x)的最小正周期为T=,即,因为ω>0,所以ω=2,从而f(x)=tan(2x+φ),因为函数y=f(x)的图象关于点M对称,所以2×+φ=,k∈Z,即φ=+,k∈Z.因为0<φ<,所以φ=,故f(x)=tan.令-+kπ<2x+<+kπ,k∈Z,得,即 所以函数的单调递增区间为,k∈Z,无单调递减区间.【小问2详解】由(1)知,f(x)=tan.由-1≤tan≤,得Z,即Z所以不等式-1≤f(x)≤的解集为.18.设是数列的前n项和,已知,(1)证明:是等比数列;(2)求满足的所有正整数n.【答案】(1)证明见解析(2)正整数n为1,2【解析】【分析】(1)由定义能证明数列是等比数列;(2)由,得,从而;由求和式子由此能求出满足的所有正整数n的值.【小问1详解】由已知得,所以,其中,,所以是以为首项,为公比的等比数列; 【小问2详解】由(1)知,所以,,所以,所以,当时,单调递减,其中,,,所以满足的所有正整数n为1,2.19.如图,在平面四边形中,,,.(1)当四边形内接于圆O时,求角C;(2)当四边形面积最大时,求对角线的长.【答案】(1)(2).【解析】【分析】(1)根据,结合余弦定理求解即可;(2)将四边形的面积拆成两个三角形的面积之和,由余弦定理和三角形面积公式结合三角函数的性质即可求解. 【小问1详解】由余弦定理可得:,,所以.又四边形内接于圆,所以,所以,化简可得,又,所以.【小问2详解】设四边形的面积为S,则,又,所以,即平方后相加得,即,又,所以时,有最大值,即S有最大值.此时,,代入得.又,所以在中,可得:,即.所以,对角线的长为. 20.已知函数在处取得极小值.(1)求实数a的值;(2)若有3个零点,求实数m的取值范围.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)求得,根据题意得到,求得的值,再利用函数极小值的定义,进行判定,即可求解;(2)由(1)得到函数单调性和极值,结合题意,列出不等式组,即可求解.【小问1详解】解:由题意,函数,可得,因为在处取得极小值,所以,解得或.①当时,.令,解得或;令,解得.所以在,上单调递增,在上单调递减,此时在处取得极大值,不合题意,舍去.②当时,.令,解得或;令,解得.所以在,上单调递增,在上单调递减,此时在处取得极小值,符合题意.综上可知,.小问2详解】解:由(1)知,当时,函数, 且在,上单调递增,在上单调递减,要使有3个零点,只需且,解得.故实数m的取值范围为.21.已知函数.(1)讨论的单调性;(2)若对任意的恒成立,求的取值范围.【答案】(1)答案见解析(2)【解析】【分析】(1)利用导数与函数单调性的关系,分类讨论与即可得解;(2)构造函数,利用导数得到的单调性,从而分类讨论与,结合的特性进行分析即可得解.【小问1详解】因为,所以,当时,,即,所以在上单调递增;当时,令,得,令,得;令,得;所以在上单调递减;在上单调递增;综上,当时,在上单调递增;当时,在上单调递减;在上单调递增.【小问2详解】 因为,所以由,得在上恒成立,令,则,,令,则,因为,则,,,则,所以,则在上恒成立,所以在上单调递增,则在上单调递增,令,则,令,则在上恒成立,所以在上单调递增,则,即,所以在上单调递增,则,则,故,所以当时,,,所以在上必存在,使得,又在上单调递增,故当时,,所以在上单调递减,而,不满足题意;当时,,所以在上单调递增,故,满足题意;综上:,即的取值范围为.【点睛】关键点睛:本题解决的关键在于利用导数求得当时,存在使得 ,从而排除的情况,由此得解.(二)选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做,则按所做的第一题计分.[选修4-4:坐标系与参数方程]22.在平面直角坐标系xOy中,曲线C的参数方程为(为参数),直线l的参数方程为(t为参数,),以坐标原点O为极点,x轴的正半轴为极轴,取相同的长度单位,建立极坐标系.(1)求曲线C的极坐标方程;(2)设直线l与曲线C交于A,B两点,且,求的值.【答案】(1)(2)或【解析】【分析】(1)首先将曲线的参数方程化为普通方程,再根据转化公式,化为极坐标方程;(2)首先将直线的极坐标方程代入曲线的极坐标方程,利用韦达定理表示,即可求解.【小问1详解】曲线C的直角坐标方程:,根据公式直角坐标与极坐标转化公式,,,,所以C的极坐标方程:;【小问2详解】直线l的极坐标方程:,代入C的极坐标方程得:,,,,,,或, 即或,[选修4-5:不等式选讲]23.已知函数.(1)解不等式;(2)对及,不等式恒成立,求实数m的取值范围.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)写出的分段函数的形式,分类讨论即可求得不等式的解集.(2)利用均值不等式,根据,求得的最小值,再结合绝对值三角不等式,即可将问题转化为关于的不等式,则问题得解.【小问1详解】依题意,,当时,由,解得,则;当时,,解得,无解;当时,由,解得,则,所以不等式的解集为.【小问2详解】由,得,当且仅当,即时取等号,则当时,, 依题意,,,而当时,,当且仅当,且时取等号,因此,解得,

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发布时间:2023-11-19 16:35:06 页数:21
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文章作者:随遇而安

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