浙江省台州市温岭中学2023-2024学年高一数学上学期学科素养开学测试试题（Word版附解析）

2023级新高一学生学科素养测试卷（数学）试卷说明:1．试卷分值：100分；建议时长：90分钟；2.在答题卡上准确填写班级、姓名和学号;3.答案一律填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效;4.选择题用2B铅笔作答，其他试题用黑色字迹钢笔或签字笔作答.一、单选题（本题共6小题，每题5分，共30分）1已知集合，，则（）A.B.C.D.2【答案】C【解析】【分析】方法一：由一元二次不等式的解法求出集合，即可根据交集的运算解出．方法二：将集合中的元素逐个代入不等式验证，即可解出．【详解】方法一：因为，而，所以．故选：C．方法二：因为，将代入不等式，只有使不等式成立，所以．故选：C．2.已知命题p：“，”为假命题，则实数a的取值范围为（）.A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由命题为真命题，则，解不等式得出实数的取值范围即可． 【详解】命题为假命题，所以为真命题，则，解得故选：D3.若函数的定义域为R，则实数m的取值范围是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】当时，不符合题意；当时，根据二次函数的图象列式可得结果.【详解】当时，的定义域为，不符合题意；当时，依题意得在R上恒成立，则，解得.故选：D4.下列选项中表示同一函数的是（　　）A.与B.与C.与D.与【答案】C【解析】【分析】根据定义域，值域以及函数表达式是否相同，即可结合选项逐一求解.【详解】对于A，因为定义域为，而的定义域为，所以两函数的定义域不同，故不能表示同一函数；对于B，因为定义域为，而的定义域为，所以两函数的定义域不同，故不能表示同一函数； 对于C，易知函数和的定义域为，值域为，且所以是同一函数．对于D，易知函数和的定义域为，而的值域为，的值域为，两函数值域不同，故不能表示同一函数.故选：C．5.已知不等式的解集为，不等式的解集为，其中、是非零常数，则“”是“”的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既非充分也非必要条件【答案】A【解析】【分析】对、的符号以及、是否相等分情况讨论，得出的充要条件，即可判断出“”是“”的充要条件关系.【详解】（1）若，.①若，不等式即为，则，不等式即为，得，，；②若，不妨设，不等式即为，则，不等式即为，得，，则；（2）同理可知，当，时，，不一定为；（3）若，.①若，不等式即为，则，不等式即为，则，此时，；②若，不妨设，不等式即为，则 ，不等式即为，则，此时，；（4）同理，当，时，.综上所述，“”是“”的充分不必要条件.故选A.【点睛】本题考查充分必要条件的判断，同时也考查补集思想的应用，在解题时需要对参数的符号进行分类讨论，考查推理能力，属于中等题.6.我们把定义域为且同时满足以下两个条件函数称为“函数”：（1）对任意的，总有；（2）若，，则有成立，下列判断正确的是（）A.若为“函数”，则不一定成立B.若为“函数”，则在上一定是增函数C.函数在上是“函数”D.函数在上是“函数”【答案】D【解析】【分析】对任意的，，总有，令，则，判断A；利用特例法判断B；如果、，设、，则，，可判断C；利用新定义的性质判断D.【详解】对任意的，，总有，，又，，则有成立，，，，故错误；，是函数，但不是增函数，故错误；显然满足条件（1），如果、，则，，；如果、，设、，则，， ，不满足条件（2），不是函数，故错误；显然，满足条件（1），，满足条件（2），是函数，故正确．故选：．【点睛】新定义题型的特点是：通过给出一个新概念，或约定一种新运算，或给出几个新模型来创设全新的问题情景，要求考生在阅读理解的基础上，依据题目提供的信息，联系所学的知识和方法，实现信息的迁移，达到灵活解题的目的.遇到新定义问题，应耐心读题，分析新定义的特点，弄清新定义的性质，按新定义的要求，“照章办事”，逐条分析、验证、运算，使问题得以解决.二、多选题（本题共2小题，每题5分，共10分.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的不得分）7.已知，，，则下列命题为真命题的是（　　）A.若，则B.若且，则C.若，则D.若，则【答案】ABC【解析】【分析】根据不等式的性质即可结合选项逐一求解.【详解】选项A，若成立则，所以，故选项A正确；选项B，由得，又因为，所以，所以，故选项B正确；选项C，因为，所以，所以，因为，所以两边同乘得，故选项C正确；选项D，因为，，，所以，即，故选项D不正确；故选：ABC．8.已知函数f(x)的定义域为A，若对任意，都存在正数M使得总成立，则称函数是定义在A上的“有界函数”．则下列函数是“有界函数”的是（）A.B. CD.【答案】BC【解析】【分析】可求每个选项函数的值域，然后求出的范围即可得出该函数是否为有界函数．【详解】对于A：的定义域为,，令，则，，，不存在正数，使得总成立，不有界函数；对于B：的定义域为，，所以，存在，使得，是有界函数；对于C：，，存在，使得，是有界函数；对于D：，由于时，单调递增，此时，故不存在正数，使得总成立，不是有界函数；故选：BC．三、填空题（本题共4小题，每题5分，共20分）9.方程组的解集是___________.【答案】【解析】【分析】求解方程组即可. 【详解】，则，两式相减有，解得，故，方程组的解集为.故答案为：10.若，则实数_______.【答案】4或【解析】【分析】分三种情况讨论即得.【详解】∵，∴，即，此时符合题意；，即，此时，不满足元素的互异性，故舍去；，即，经检验符合题意；综上，或.故答案为：4或.11.疫情期间，某社区因疫情防控需要招募志愿者进行连续3天的核酸采样工作，第一天有19人参加，第二天有13人参加，第三天有18人参加，其中，前两天都参加的有3人，后两天都参加的有4人.则这三天参加的人数最少为___________.【答案】29【解析】【分析】记第一天，第二天，第三天参加志愿者的人员分别构成集合A，B，C，设三天都参加的志愿者人数为，第一天和第三天均参加的志愿者人数为，作出维恩图求解即可.【详解】记第一天，第二天，第三天参加志愿者的人员分别构成集合A，B，C，设三天都参加的志愿者人数为，第一天和第三天均参加的志愿者人数为，根据题意可作维恩图如图： 依题意必有均为自然数，所以，，故这三天参加的志愿者总人数为：当时，总人数最少，最少人数为.故答案为：29.12.已知正数x，y满足，若恒成立，则实数a的取值范围是______．【答案】【解析】【分析】首先对关系式进行恒等变换,进一步整理得,最后利用基本不等式的应用求出结果.【详解】已知正数满足,所以,所以:则: ，当且仅当时，取等号；要使恒成立,只需满足即可,故.故答案为:.四、解答题（本题共4小题，共40分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤）13.已知一元二次方程的两个实数根为.求值：（1）；（2）.【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】利用韦达定理可得，再对所求式子进行变行，即；；两根和与积代入式子，即可得到答案；【详解】解：因为一元二次方程的两个实数根为，所以由根与系数关系可知. （1）；（2）.14.已知集合.（1）若，求；（2）若，求a的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）根据不等式的解法，分别求得集合和，结合并集的概念及运算，即可求解；（2）由，得到，分和，两种情况讨论，列出不等式，即可求解.【小问1详解】解：若时，可得，由不等式，可得，解得，所以，所以.【小问2详解】解：因为，可得，即，①当时，可得，解得，此时成立，符合题意；②当时，需满足，解得，综上可得，实数的取值范围是.15.已知函数，，满足条件，.（1）求的解析式； （2）用单调性的定义证明在上的单调性，并求在上的最值.【答案】（1）（2）单调递减，证明见解析，，【解析】【分析】（1）根据，代入得到方程组，解得即可；（2）利用定义法证明，再根据单调性求出函数的最值.【小问1详解】因为且，，所以，解得，所以.【小问2详解】在上单调递减，证明如下：由，设任意的且，则，因为且，所以，，，所以，则在上单调递减，所以，.16.如图，在平面直角坐标系中，直线与x轴交于点A，与y轴交于点C，二次函数的图像经过A、C两点，与x轴的另一交点为点B. （1）求二次函数的表达式；（2）当时，二次函数的最大值为，求m的值.（3）如图2，点D为直线AC上方二次函数图像上一动点，连接BC、CD，设直线BD交线段AC于点E，△CDE面积为，△BCE的面积为，求的最大值.【答案】（1）（2）或（3）【解析】【分析】（1）分别令得到，，则得到方程组，解出即可；（2）当，得，解出值；时，得，解出值；若，得，解出值；（3）令得，过作轴交于,过作轴交于，利用得，设，求出坐标，则，则得到最值.【小问1详解】 直线与轴交于点，与轴交于点，时，，时，，，，因为抛物线经过，两点，，，抛物线的函数表达式为；【小问2详解】在中，对称轴为，当时，二次函数的最大值为，分3种情况：①若m+1≤，即m≤时，当时，函数有最大值，∴，解得，，，（均不合题意，舍去）②若，即时，当时，函数有最大值，即；解得：③若，当时，函数有最大值为，∴，解得，，（舍去），综上所述，m的值为或【小问3详解】如图,令， ，，，过作轴交于,过作轴交于，，，，设，，，，，时，的最大值为.