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江苏省南菁高中、梁丰高中2023-2024学年高三数学上学期8月自主学习检测试题(Word版附解析)
江苏省南菁高中、梁丰高中2023-2024学年高三数学上学期8月自主学习检测试题(Word版附解析)
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江苏省南菁高级中学2023-2024学年第一学期高三年级自主学习检测试卷数学学科(本试卷满分150分,考试时间120分钟)一.单项选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由集合交集运算可得.【详解】,故选:D2.已知(为虚数单位),其中,为实数,则,的值分别为()A.,1B.1,C.1,1D.,【答案】A【解析】【分析】利用复数的乘法运算,及实部等于实部,虚部等于虚部列式求解即可.【详解】由,得,得,所以解得故选A.3.设P是双曲线上一点,F1,F2分别是双曲线左、右两个焦点,若|PF1|=9,则|PF2|等于()A.1B.17C.1或17D.8【答案】B【解析】 【分析】先求出P点的位置,再根据双曲线的定义求解.【详解】对于,,所以P点在双曲线的左支,则有;故选:B.4.为了庆祝中国共产党第二十次全国代表大会,学校采用按比例分配的分层随机抽样的方法从高一1002人,高二1002人,高三1503人中抽取126人观看“中国共产党第二十次全国代表大会”直播,那么高三年级被抽取的人数为()A.36B.42C.50D.54【答案】D【解析】【分析】根据分层抽样,结合抽样比计算即可.【详解】根据分层抽样的方法,抽样比为,高三年级被抽取的人数为人.故选:D5.一个圆锥的侧面展开图是圆心角为,弧长为的扇形,则该圆锥轴截面的面积()AB.C.D.【答案】B【解析】【分析】设圆锥的母线长为l,底面半径为r,根据侧面展开图是圆心角为,弧长为的扇形,分别由,,求解即可.【详解】设圆锥的母线长为l,底面半径为r,则,解得,又,解得,所以圆锥的高为,所以圆锥的轴截面的面积是,故选:B 6.已知,,则()A.B.C.2D.-2【答案】B【解析】【分析】根据同角关系可得,由正切的二倍角公式以及诱导公式即可求解.【详解】因为所以由得,因此,由二倍角公式可得,故选:B7.某学生进行投篮训练,采取积分制,有7次投篮机会,投中一次得1分,不中得0分,若连续投中两次则额外加1分,连续投中三次额外加2分,以此类推,连续投中七次额外加6分,假设该学生每次投中的概率是,且每次投中之间相互独立,则该学生在此次训练中恰好得7分的概率是()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据题意,分为连中4次,额外加3分,剩余3次不中、连中3次,额外加2分,剩余4次,两次投中,两次没投中,且两次投中不连续和有两次连中两回,三类情况,结合独立重复试验的概率公式和互斥事件的概率加法公式,即可求解.【详解】根据题意,该学生在此次训练中恰好得7分,可分为三类情况:①若连中4次,额外加3分,剩余3次不中,满足要求,此时将连中4次看作一个整体,与其他三次不中 排序,共有种选择,故概率为,②若连中3次,额外加2分,剩余4次,两次投中,两次没投中,且两次投中不连续,故两次不中之间可能为一次中,也可能是三次中,有以下情况:中中中(不中)中(不中)中,中(不中)中中中(不中)中,中(不中)中(不中)中中中,则概率为,③若有两次连中两回,中中(不中)中中(不中)中,中(不中)中中(不中)中中,中中(不中)中(不中)中中,满足要求,则概率为,综上,该生在比赛中恰好得7分的概率为.故选:B.8.设,,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】令,,利用导数判断其单调性,进而可得;令,,利用导数判断其单调性,进而可得.【详解】令,,则,则在上单调递减,所以,可知对任意的恒成立,可得,即;对于,,由,. 令,,则,则在上单调递增,所以,即,所以.综上所述:.故选:C.二.多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,有选错的得0分,部分选对的得2分.9.已知是两条不重合的直线,是两个不重合的平面,下列命题不正确的是()A若,,,,则B.若,,,则C.若,,,则D.若,,,则【答案】ABC【解析】【分析】由空间中线面位置关系可判断.【详解】由,是两条不重合的直线,,是两个不重合的平面,知:在A中,若,,,,则与相交或平行,故A错误;在B中,若,,,则与相交或平行,故B错误;在C中,若,,,则与相交或平行,故C错误;在D中,若,,,则由线面垂直,线线平行的性质可得,故D正确.故选:ABC.10.已知圆,以下四个结论正确的是( )A.过点与圆M相切的直线方程为B.圆M与圆相交 C.过点可以作两条直线与圆M相切D.圆M上的点到直线的距离的最大值为3【答案】ACD【解析】【分析】根据点和圆的位置关系、圆的切线方程、圆与圆的位置关系、圆上的点到直线的距离等知识对选项进行分析,从而确定正确答案.【详解】依题意,圆的圆心,半径,对于A,点在圆M上,圆心M到直线距离为1,即过点与圆M相切的直线方程为,A正确;对于B,圆的圆心,半径,则有,即圆M与圆N外离,B不正确.对于C,点在圆M外,则过点可以作两条直线与圆M相切,C正确;对于D,圆心到直线的距离,则圆M上的点到直线的距离的最大值为,D正确;故选:ACD11.在平面直角坐标系中,点是抛物线的焦点,两点、在抛物线上,则下列说法正确的是()A.抛物线的方程为B.C.以为直径的圆的方程是D.、、三点共线【答案】ABD【解析】【分析】将点的坐标代入抛物线的方程,结合,求出的值,可判断A选项;将点 的坐标代入抛物线的方程,结合求出的值,可判断B选项;求出以为直径的圆的方程,可判断C选项;根据、的关系可判断D选项.【详解】对于A,因为在抛物线上,所以,又,解得,所以,抛物线的方程为,故A正确;对于B,因为在抛物线上,所以,又,解得,故B正确;对于C,,,则以为直径的圆的圆心为,半径,所以,以为直径的圆的方程是,即,故C错误;对于D,因、、,所以,,所以,所以,,三点共线,故D正确.故选:ABD.12.已知,则下列说法中正确的有()A.的零点个数为4B.的极值点个数为3C.轴为曲线的切线D.若则【答案】BCD【解析】【分析】利用导函数研究函数的大致图像判断ABC,利用对称性判断D即可.【详解】由题意, 令,得到.分别画出和的图像,如图所示:由图知:有三个解,即有三个解,分别为.所以为增函数,为减函数,为增函数,为减函数.所以当时,取得极大值为0,当时,取得极小值为,当时,取得极大值为0,所以函数有两个零点,三个极值点,A错误,B正确.因为函数的极大值为0,所以轴为曲线的切线,故C正确;因为,所以若则,D正确;故选:BCD三.填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.已知,,则__________.【答案】4 【解析】【分析】根据模长的坐标表示可得,再结合数量积的运算律运算求解.【详解】因为,所以,又因为,所以.故答案为:4.14.设等差数列的前项和为,已知,则__________.【答案】【解析】【分析】根据题意,利用等差数列的性质,求得,结合等差数列的求和公式,即可求解.【详解】因为,根据等差数列的性质,可得,所以.故答案为:.15.已知函数,则______.【答案】2022【解析】【分析】首先求出函数的周期,再求出,根据周期性计算可得.【详解】易知函数的最小正周期,而,由周期性知,这样连续六项的和均为,而共有项,,所以. 故答案为:16.已知函数,则的零点为___________,若,且,则的取值范围是__________.【答案】①.②.【解析】【分析】根据分段函数以及零点的定义,令即可解得函数的零点;由可知在1的左右两侧,分别代入计算得出的关系式,将消元之后构造函数即可求得其取值范围.【详解】令,即,解得不合题意,舍去;或,解得,符合题意;所以,函数的零点为.由,且可知,当时,,不合题意;当时,,不合题意;所以,分别属于两个区间,不妨取,则,即;所以,则,令,所以令,得,当时,,即函数在上为单调递减; 当时,,即函数在上为单调递增;所以函数在时取最小值,即,即所以的取值范围是.故答案为:;【点睛】方法点睛:本题在求解的取值范围时首先应确定两个变量的取值范围,根据等量关系将双变量问题消元,转换成单变量问题后构造函数,利用自变量取值范围即可求得结果.四.解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.在中,角所对的边分别为,.(1)求角;(2)若的面积为,且,求的周长.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)利用正弦定理的边角变换与三角函数的恒等变换化简题干条件,从而得解;(2)利用三角形面积公式与余弦定理分别得到与的值,从而求得,由此得解.【小问1详解】,由正弦定理得,即,即,,,【小问2详解】 ,又,所以,即(负值舍去),又,所以的周长为.18.已知数列的首项,且满足.(1)求证:是等比数列;(2)求数列的前项和.【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)根据题意结合等比数列的定义分析证明;(2)先根据等比数列的通项公式可得,再利用分组求和结合等比数列的求和公式运算求解.【小问1详解】因为,即,则,又因,可得,所以数列表示首项为,公比为的等比数列.【小问2详解】由(1)知,所以.所以 ,当为偶数时,可得;当为奇数时,可得;综上所述:.19.如图所示,在三棱锥中,已知平面,平面平面.(1)证明:平面;(2)若,,在线段上(不含端点),是否存在点,使得二面角的余弦值为,若存在,确定点的位置;若不存在,说明理由.【答案】(1)证明见解析(2)存在;是上靠近的三等分点【解析】【分析】(1)过点作于点,由面面垂直性质定理可得平面,由此证明,再证明,根据线面垂直判定定理证明结论;(2)建立空间直角坐标系,求平面,平面的法向量,利用向量夹角公式求法向量夹角,由条件列方程确定点的位置;【小问1详解】过点作于点,因为平面平面,且平面平面,平面,所以平面,又平面,所以, 又平面,平面,所以,又因为,,平面,所以平面.【小问2详解】假设在线段上(不含端点),存在点,使得二面角的余弦值为,以为原点,分别以、为轴,轴正方向,建立如图所示空间直角坐标系,则,,,,,,,,设平面的一个法向量为,即取,,,所以为平面的一个法向量,因为在线段上(不含端点),所以可设,,所以,设平面的一个法向量为,即,取,,,所以为平面的一个法向量,,又, 由已知可得解得或(舍去),所以,存在点,使得二面角的余弦值为,此时是上靠近的三等分点.20.元宵佳节,是民间最重要的民俗节日之一,我们梅州多地都会举行各种各样的民俗活动,如五华县河东镇的“迎灯”、丰顺县埔寨镇的“火龙”、大埔县百侯镇的“迎龙珠灯”等系列活动.在某庆祝活动现场,为了解观众对该活动的观感情况(“一般”或“激动”),现从该活动现场的观众中随机抽取200名,得到下表:一般激动总计男性90120女性25总计200(1)填补上面的2×2列联表,并依据小概率值的独立性检验,能否认为性别与对该活动的观感程度有关?(2)该活动现场还举行了有奖促销活动,凡当天消费每满300元,可抽奖一次.抽奖方案是:从装有3个红球和3个白球(形状、大小、质地完全相同)的抽奖箱里一次性摸出2个球,若摸出2个红球,则可获得100元现金的返现;若摸出1个红球,则可获得50元现金的返现;若没摸出红球,则不能获得任何现金返现.若某观众当天消费600元,记该观众参加抽奖获得的返现金额为X,求随机变量X的分布列和数学期望.附:,其中. 0.1000.0500.0100.0012.7063.8416.63510.828【答案】(1)2×2列联表见解析,该场活动活动的观感程度与性别无关(2)分布列见解析,【解析】【分析】(1)写出零假设,补全2×2列联表,计算的值,并与临界值比较,得出结论;(2)分别求出一次摸球摸出0,1,2个红球的概率,写出X的所有可能取值及对应取值的概率,写出X的分布列并计算其数学期望.【小问1详解】补全的2×2列联表如下:一般激动总计男性3090120女性255580总计55145200零假设为:性别与对活动的观感程度相互独立.根据表中数据,计算得到根据小概率值的独立性检验,没有充分证据推断不成立,因此我们可以认为,成立,即认为对该场活动活动的观感程度与性别无关.【小问2详解】设一次摸球摸出2个红球的事件为A,摸出1个红球的事件为B,没摸出红球的事件为C,则,,,由题意,X可取. ,,,,,所以X的分布列为:X200150100500P.21.已知函数,.(1)若,其中是函数的导函数,试讨论的单调性;(2)证明:当时,.【答案】(1)当时,在上单调递增;当时在单调递增,在单调递减,(2)证明见解析;【解析】【分析】(1)先计算可得表达式,再计算,分别讨论和解不等式和即可求解;(2)当时,,设,利用导数研究的单调性和最小值,证明即可.【详解】(1)的定义域为,,,,当时,恒成立,此时在上单调递增;当时,即可得,所以, 由即可得,所以,所以当时在单调递增,在单调递减,综上所述:当时,在上单调递增;当时在单调递增,在单调递减,(2)当时,,设,则,令,则,所以在上单调递增;且,所以时,即,此时单调递减,当时,即,此时单调递增,所以在上单调递减,在单调递增,所以,所以对于恒成立,所以.【点睛】方法点睛:利用导数研究函数单调性的方法:(1)确定函数的定义域;求导函数,由(或)解出相应的的范围,对应的区间为的增区间(或减区间);(2)确定函数的定义域;求导函数,解方程,利用的根将函数的定义域分为若干个子区间,在这些子区间上讨论的正负,由符号确定在子区间上的单调性.22.在直角坐标平面内,已知,,动点满足条件:直线与直线斜率之积等于,记动点的轨迹为. (1)求的方程;(2)过直线:上任意一点作直线与,分别交于,两点,则直线是否过定点?若是,求出该点坐标;若不是,说明理由.【答案】(1)();(2)是,定点为.【解析】【分析】(1)根据给定条件,利用斜率坐标公式列式化简作答.(2)设出点的坐标,由已知探求出点的坐标关系,再按直线斜率存在与否分类讨论求解作答.【小问1详解】设动点,则直线、的斜率分别为,于是,整理得,显然点不在轨迹上,所以的方程为().【小问2详解】设直线上的点,显然,依题意,直线的斜率满足,且,直线斜率,则,有,设,,则(且),当直线不垂直于x轴时,设直线的方程为, 消去y得,则,,又,即,则,整理得,解得或,此时方程中的,当时,直线:恒过点,当时,直线:,由于舍去,当直线时,则有,即有,而,解得,直线:过点,
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高中 - 数学
发布时间:2023-09-26 05:40:02
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文章作者:随遇而安
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