首页
登录
字典
词典
成语
近反义词
字帖打印
造句
组词
古诗
谜语
书法
文言文
歇后语
三字经
百家姓
单词
翻译
会员
投稿
首页
同步备课
小学
初中
高中
中职
试卷
小升初
中考
高考
职考
专题
文库资源
您的位置:
首页
>
高考
>
模拟考试
>
四川省绵阳南山中学实验学校2023届高考数学(文)冲刺五试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学实验学校2023届高考数学(文)冲刺五试题(Word版附解析)
资源预览
文档简介为自动调取,内容显示的完整度及准确度或有误差,请您下载后查看完整的文档内容。
侵权申诉
举报
1
/21
2
/21
剩余19页未读,
查看更多内容需下载
充值会员,即可免费下载
文档下载
绵阳南山中学实验学校高2023届毕业班高考冲刺五文科数学一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出四个选项中,只有一项符合题目要求.1.若复数为纯虚数,则a的值为()A.-1B.1C.0或1D.-1或1【答案】B【解析】【分析】纯虚数只需让复数的实部为0,虚部不为0,因此可以对应列式,解出即可.【详解】由,解得,故选:B.2.设集合,B=,则()A.{-2,-1,1}B.{-2,0,1}C.{-2,-1}D.{-1,1}【答案】A【解析】【分析】由题知,再根据集合的补集运算与交集运算求解即可.【详解】,则或,所以.故选:A.3.某中学领导采用系统抽样方法,从该校某年级全体1200名学生中抽80名学生做视力检查.现将1200名学生从1到1200进行编号,在1~15中随机抽取一个数,如果抽到的是6,则从46~60这15个数中应抽取的数是( )A.47B.48C.51D.54【答案】C 【解析】【分析】利用系统抽样分析解答.【详解】因为采取系统抽样,每15人随机抽取一个人,在1~15中随机抽取一个数,如果抽到的是6,所以在k组抽到的是6+15(k-1),所以46~60这15个数中应抽取的数是6+15×3=51,故选C.【点睛】本题主要考查系统抽样,意在考查学生对这些知识的理解掌握水平,属于基础题.4.已知向量满足,与的夹角为,则等于()A.3B.C.21D.【答案】D【解析】【分析】根据数量积的定义求出,由,结合向量数量积的运算律计算可得.【详解】,.故选:D.5.已知是双曲线:上的一点,半焦距为,若(其中为坐标原点),则的取值范围是A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】用两点间的距离公式表示,根据点M在双曲线上化简变形,即可得到所求范围.【详解】因为,所以,所以,又,消去得, ,所以.【点睛】本题考查双曲线的应用,考查两点间距离公式,考查化简变形的能力和运算能力,属于基础题.6.“”是“对任意的正数,均有”的()A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】A【解析】【分析】根据基本不等式可判断充分性,取特值可判断不必要性.【详解】当,时,由基本不等式可知,故“”是“对任意的正数,均有”的充分条件;当时,成立,不成立,故“”是“对任意的正数,均有”的不必要条件.故选:A7.已知为等比数列,且,与的等差中项为,则()A.1B.2C.31D.【答案】A【解析】【分析】根据已知条件列出首项和公比的方程组可得答案.【详解】由得,①又,得,②由①②得,,.故选:A.8.将函数的图象向右平移个单位,得到函数 的图象,若在上为增函数,则的最大值为()A.1B.C.2D.【答案】C【解析】【分析】化简函数,再根据给定条件求出,并求出含数0的递增区间,然后列式计算作答.【详解】依题意,函数,于是得,由,得:,因此,函数在上为增函数,而在上为增函数,于是得,解得,有,所以的最大值为2.故选:C9.斗笠,用竹篾夹油纸或竹叶粽丝等编织,是人们遮阳光和雨的工具.某斗笠的三视图如图所示(单位:),若该斗笠水平放置,雨水垂直下落,则该斗笠被雨水打湿的面积为()AB.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据三视图可知,该几何体是由一个底面半径为10,高为20的圆锥和宽度为20的圆环组成的几何体,则所求面积积为圆锥的侧面积与圆环的面积之和【详解】根据三视图可知,该几何体是由一个底面半径为10,高为20的圆锥和宽度为20的圆环组成的几何体,所以该斗笠被雨水打湿的面积为,故选:A 10.若数列满足且,则满足不等式的最大正整数为()A.20B.19C.21D.22【答案】A【解析】【分析】由题意利用累乘法可得,解不等式即可得解.【详解】,当时,,,当时,,,又,,解得,又,故所求的最大值为.故答案为:A.【点睛】本题考查了累乘法求数列通项的应用,考查了一元二次不等式的解法,属于中档题.11.在平面直角坐标系中,圆的方程为,若直线上至少存在一点,使得以该点为圆心,1为半径的圆与圆有公共点,则实数的取值范围为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】由条件结合圆与圆的位置关系可得点到直线的距离小于等于2,列不等式求的 取值范围.【详解】圆的圆心的坐标为,半径为,设直线上的点满足条件,则以点为圆心,1为半径的圆与圆C有公共点,即两圆相交或相切,所以,所以点到点的距离小于等于,所以点到直线的距离小于等于2,所以解得所以k的取值范围为,故选:A.12.已知函数的定义域为,且都有,则下列说法正确的命题是()①;②;③关于点对称;④A.①②B.②③C.①②④D.①③④【答案】D【解析】【分析】利用特殊值法,结合函数的奇偶性、对称性和周期性进行求解即可.【详解】对于①,由于都有, 所以令,则,即,因为,所以,所以①正确,对于②,令,则,所以,即,所以,所以②错误,对于③,令,则,所以,即,所以关于点对称,所以③正确,对于④,因为,所以,因为,所以,所以,所以,所以的周期为4,在中,令,则,因为,所以,,所以,所以,所以④正确,故选:D【点睛】关键点点睛:此题考查抽象函数及其应用,利用函数的周期性是解题的关键,考查计算能力,属于中档题.二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.某射箭运动员一次射箭击中10环、9环、8环的概率分别是0.2,0.3,0.3,那么他射箭一次低于8环的概率是________【答案】0.2【解析】【分析】根据所求的独立事件与它的对立事件概率的关系计算即可.【详解】由题意知, (射箭一次不够8环)=1-P(射箭一次大于等于8环)=1-0.2-0.3-0.3=0.2故答案为:0.214.函数是定义在R上的奇函数,当时,,则______.【答案】##-05【解析】【分析】根据奇函数的定义,结合指对数的运算法则,即可得答案.【详解】因为,所以由为奇函数得:.故答案为:15.在边长为2的正方形中,分别为线段,的中点,连接,将分别沿折起,使三点重合,得到三棱锥,则该三棱锥外接球的表面积为______.【答案】【解析】【分析】由题意可知两两垂直,所以将三棱锥补成一个长方体,则长方体的体对角线就是三棱锥的外接球的直径,求出体对角线的长,则可求出外接球的表面积.【详解】由题意可知两两垂直,且,将三棱锥补成一个长方体,如图所示,则长方体的体对角线就是三棱锥的外接球的直径,设外接球的半径为,,得,所以三棱锥外接球的表面积为,故答案为: 16.已知点是抛物线上的一点,是的焦点,是的中点,,则的最小值为______.【答案】##【解析】【分析】设点,由向量坐标运算可得,利用基本不等式求其最小值即可.【详解】依题意,,设,则,因为在抛物线上,所以得,即,由,得,,,所以,令,,则,,当即时,,;当即时,,当且仅当,即时取等号,此时. 综上所述,的最小值为.故答案为:三.解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17-21题为必考题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.(一)必考题:共60分17.如图,在平面四边形中,对角线平分,的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知(1)求B;(2)若,的面积为2,求【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)利用正弦定理将边化角,再根据两角和的正弦公式及诱导公式即可得到,从而求出;(2)由三角形面积公式求出,再利用余弦定理求出,即可求出,依题意,最后利用余弦定理得到方程,解得即可;【小问1详解】 解:因为,由正弦定理得,所以,所以,因为,所以所以所以【小问2详解】解:因为的面积,所以,即,所以,由余弦定理得,所以,因为平分,所以,所以,所以,所以,所以18.新型冠状病毒肺炎COVID-19疫情发生以来,在世界各地逐渐蔓延.在全国人民的共同努力和各级部门的严格管控下,我国的疫情已经得到了很好的控制.然而,小王同学发现,每个国家在疫情发生的初期,由于认识不足和措施不到位,感染人数都会出现快速的增长.下表是小王同学记录的某国连续8天每日新型冠状病毒感染确诊的累计人数.日期代码x12345678累计确诊人数y481631517197122 为了分析该国累计感染人数的变化趋势,小王同学分别用两杆模型:①,②对变量x和y的关系进行拟合,得到相应的回归方程并进行残差分析,残差图如下(注:残差):经过计算得,,,,其中,.(1)根据残差图,比较模型①,②的拟合效果,应该选择哪个模型?并简要说明理由;(2)根据(1)问选定的模型求出相应的回归方程(系数均保留两位小数);(3)由于时差,该国截止第9天新型冠状病毒感染确诊的累计人数尚未公布.小王同学认为,如果防疫形势没有得到明显改善,在数据公布之前可以根据他在(2)问求出的回归方程来对感染人数做出预测,那么估计该地区第9天新型冠状病毒感染确诊的累计人数是多少?(结果保留整数)附:回归直线的斜率和截距的最小二乘估计公式分别为:,.【答案】(1)选择模型①,理由见解析(2)(3)157【解析】【分析】(1)选择模型①.根据残差的意义直接判断;(2)套公式求出系数,即可得到y关于x的回归方程;(3)将代入,即可求得.【小问1详解】选择模型①.理由如下:根据残差图可以看出,模型①的估计值和真实值相对比较接近,模型②的残差相对较大一些,所以模型①的拟合效果相对较好【小问2详解】 由(1),知y关于x的回归方程为,令,则.由所给数据得:,,.,∴y关于x的回归方程为,【小问3详解】将代入上式,得(人),所以预测该地区第9天新型冠状病毒感染确诊的累计人数为157人.19.如图,在四棱锥中,,底面是边长为2的菱形.(1)证明:平面平面;(2)若,且,求四棱锥的体积【答案】(1)证明见解析(2)【解析】【分析】(1)连接交于点,连接,根据是菱形,得到,且为的中点,再由,得到,进而得到平面,然后利用面面垂直的判定定理证明;(2)解法一:由(1)知平面平面,利用面面垂直的性质定理得到平面,从而由求解;解法二:易得三棱锥是为棱长为2的正四面体,而它所对应的正方体的棱长为,从而由求解;解法三:取中点,连接交于点,连接.由是等边三角形,得到,再由,得到平面,从而,再由,得到平面,然后由四棱锥的体积为 求解.【小问1详解】证明:如图所示:连接交于点,连接,因为是菱形,所以,且为的中点,因为,所以,又因为平面,且平面,所以平面,又平面,所以平面平面.【小问2详解】解法一:由(1)可知,平面平面,又平面平面平面,所以平面,所以,由已知可得,又,且为的中点.所以,又,所以,所以,所以.解法二:由已知可得:为正三角形,且,又,且为的中点,所以,又,所以,从而, 所以三棱锥是为棱长为2的正四面体,而它所对应的正方体的棱长为,所以.解法三:如图所示:取中点,连接交于点,连接.因为,所以是等边三角形,所以,又因平面,所以平面平面,所以,由(1)知,且平面,所以平面.由是边长为2的菱形,在中,,由,在中,,所以.所以四棱锥的体积为.20.设椭圆的左、右焦点分别为是椭圆上的一点,,原点到直线的距离为.(1)求椭圆的离心率;(2)平面上点B满足,过与平行的直线交于两点,若,求椭圆的方程.【答案】(1) (2)【解析】【分析】(1)求出点坐标,即可求出的方程,利用点到直线的距离公式得到,整理即可求出离心率;(2)由(1)问可设椭圆方程为,即可得到点坐标,从而得到的斜率,即可得到直线的方程,联立直线与椭圆方程,消元、列出韦达定理,利用弦长公式求出,即可求出、,即可得到方程.【小问1详解】由题设及,不妨设,所以,,解得或(舍去),从而,直线的方程为,整理得,原点到直线的距离为,将代入整理得,即,所以离心率.【小问2详解】由(1)问可设椭圆方程为,则,因为,所以为平行四边形,所以直线过点,则斜率为,则设直线方程为, 联立椭圆方程得,显然,则,则,解得(负值舍去),所以,所以椭圆方程为.21.已知函数.(I)当a=2时,求曲线在点处的切线方程;(II)设函数,讨论的单调性并判断有无极值,有极值时求出极值.【答案】(Ⅰ);(Ⅱ)见解析.【解析】【详解】试题分析:(Ⅰ)根据导数的几何意义,求出切线的斜率,再用点斜式写出切线方程;(Ⅱ)由,通过讨论确定的单调性,再由单调性确定极值.试题解析:(Ⅰ)由题意,所以,当时,,,所以,因此,曲线在点处的切线方程是,即.(Ⅱ)因为,所以, ,令,则,所以在上单调递增,因为,所以,当时,;当时,.(1)当时,,当时,,,单调递增;当时,,,单调递减;当时,,,单调递增.所以当时取到极大值,极大值是,当时取到极小值,极小值.(2)当时,,当时,,单调递增;所以在上单调递增,无极大值也无极小值.(3)当时,,当时,,,单调递增;当时,,,单调递减;当时,,,单调递增.所以当时取到极大值,极大值是;当时取到极小值,极小值是.综上所述:当时,函数在和上单调递增,在上单调递减,函数既有极大值,又有极小 值,极大值是,极小值是;当时,函数在上单调递增,无极值;当时,函数在和上单调递增,在上单调递减,函数既有极大值,又有极小值,极大值是,极小值是.【考点】导数的几何意义及导数的应用【名师点睛】(1)求函数f(x)极值的步骤:①确定函数的定义域;②求导数f′(x);③解方程f′(x)=0,求出函数定义域内的所有根;④检验f′(x)在f′(x)=0的根x0左右两侧值的符号,如果左正右负,那么f(x)在x0处取极大值,如果左负右正,那么f(x)在x0处取极小值.(2)若函数y=f(x)在区间(a,b)内有极值,那么y=f(x)在(a,b)内绝不是单调函数,即在某区间上单调函数没有极值.选考题:共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.若多做,则按所做的第一题计分.22.在平面直角坐标系中,圆普通方程为.在以坐标原点为极点,轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线的极坐标方程.(1)求曲线与轴交点(非极点)的极坐标;(2)若射线与圆和曲线分别交于点,求的最大值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)分别令、代入曲线的极坐标方程即可计算得曲线与轴交点(非极点)的极坐标;(2)写出圆的极坐标方程,将代入圆和曲线的极坐标方程,从而根据的几何意义表示出并利用二倍角公式化简得,利用换元法令,再构造新函数,判断函数的单调性,从而可求解出的最大值.【小问1详解】在曲线中,令,则; 令,则.因为和重合,则曲线与轴交点的极坐标为;【小问2详解】圆的普通方程为,所以圆的极坐标方程为,则所以.令,,∴,令,则函数在上单调递增,所以当,即时,取得最大值23.已知函数的值域为.(1)求;(2)证明:当时,.【答案】(1)(2)证明见解析【解析】【分析】(1)由绝对值不等式的性质即可求解.(2)利用平方后作差,转化成的形式,然后根据第一问的范围即可证明差与0的关系,即可求解. 【小问1详解】因为,所以的值域为,即.【小问2详解】证明:由,由有,,可得,,
版权提示
温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,莲山负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服vx:lianshan857处理。客服热线:13123380146(工作日9:00-18:00)
其他相关资源
四川省绵阳南山中学2023届高三数学(文)下学期高考热身考试试卷(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三政治下学期高考仿真试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三理科数学下学期高考热身试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三文科数学下学期高考热身试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三英语高考热身试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三物理高考热身试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三历史高考热身试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三地理高考热身试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学2023届高三政治下学期高考热身试题(Word版附解析)
四川省绵阳南山中学实验学校2023届高考数学(文)冲刺五试题(Word版附答案)
文档下载
收藏
所属:
高考 - 模拟考试
发布时间:2023-08-10 06:33:02
页数:21
价格:¥3
大小:1.72 MB
文章作者:随遇而安
分享到:
|
报错
推荐好文
MORE
统编版一年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
3页
doc
统编版五年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
6页
doc
统编版四年级语文上册计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版三年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版六年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
5页
doc
2021统编版小学语文二年级上册教学计划
时间:2021-08-30
5页
doc
三年级上册道德与法治教学计划及教案
时间:2021-08-18
39页
doc
部编版六年级道德与法治教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
部编五年级道德与法治上册教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
高一上学期语文教师工作计划
时间:2021-08-14
5页
docx
小学一年级语文教师工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
八年级数学教师个人工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
推荐特供
MORE
统编版一年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
3页
doc
统编版一年级语文上册教学计划及进度表
统编版五年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
6页
doc
统编版五年级语文上册教学计划及进度表
统编版四年级语文上册计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版四年级语文上册计划及进度表
统编版三年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
4页
doc
统编版三年级语文上册教学计划及进度表
统编版六年级语文上册教学计划及进度表
时间:2021-08-30
5页
doc
统编版六年级语文上册教学计划及进度表
2021统编版小学语文二年级上册教学计划
时间:2021-08-30
5页
doc
2021统编版小学语文二年级上册教学计划
三年级上册道德与法治教学计划及教案
时间:2021-08-18
39页
doc
三年级上册道德与法治教学计划及教案
部编版六年级道德与法治教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
部编版六年级道德与法治教学计划
部编五年级道德与法治上册教学计划
时间:2021-08-18
6页
docx
部编五年级道德与法治上册教学计划
高一上学期语文教师工作计划
时间:2021-08-14
5页
docx
高一上学期语文教师工作计划
小学一年级语文教师工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
小学一年级语文教师工作计划
八年级数学教师个人工作计划
时间:2021-08-14
2页
docx
八年级数学教师个人工作计划