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天津市部分区2022-2023学年高一数学下学期期中试题(Word版附解析)
天津市部分区2022-2023学年高一数学下学期期中试题(Word版附解析)
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天津市部分区2022~2023学年度第二学期期中练习高一数学本试卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共120分,考试用时10分钟.第Ⅰ卷参考公式:·圆柱的体积公式,其中S表示圆柱的底面面积,表示圆柱的高.·圆锥的体积公式,其中表示圆锥的底面面积,表示圆锥的高.·棱锥的体积公式,其中表示棱锥的底面面积,表示棱锥的高.·球的表面积公式,其中表示球的半径.一、选择题:本大题共9小题,每小题4分,共36分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知向量,,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】直接利用向量减法的坐标公式计算即可.【详解】故选:C2.已知棱长为2的正方体的顶点都在球面上,则该球的表面积为()A.πB.2πC.4πD.12π【答案】D【解析】【分析】根据题意可知,球直径为正方体的体对角线,求出求半径,代入球的表面积公式即可求解.【详解】设该球的半径为,由题意可知,该球的直径为棱长为2的正方体的体对角线,则,所以, 则该球的表面积,故选:D.3.在中,角,,所对的边分别为,,.若,,,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据余弦定理即可求得答案.【详解】由余弦定理可得,由于,故,故选:A4.已知点,,向量,若,则实数的值为()A.B.C.2D.1【答案】C【解析】【分析】根据向量坐标表示及向量数量积的坐标表示即得.【详解】由,,可得,又,所以,所以.故选:C.5.在中,角,,所对的边分别为,,.若,,,则()A.B.C.D.或【答案】A【解析】分析】由已知及正弦定理可求,利用大边对大角可知,从而得出结果.【详解】∵,∴由正弦定理可得:, ,,.故选:A.6.已知向量,,则在上的投影向量为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】求出以及,根据投影向量的含义即可求得答案.【详解】由题意向量,,故,则在上的投影向量为,故选:D7.陀螺是中国民间较早的娱乐工具之一,也称陀罗,图l是一种木陀螺,可近似地看作是一个圆锥和一个圆柱的组合体,其直观图如图2所示,其中A是圆锥的顶点,B,C分别是圆柱的上、下底面圆的圆心,且,,底面圆的半径为1,则该陀螺的体积是()A.πB.2πC.D.【答案】C【解析】【分析】根据圆锥与圆柱的体积公式,可得答案.【详解】已知底面圆的半径,由,则,故该陀螺的体积.故选:C8.已知向量,,若与方向相反,则() AB.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据向量共线的坐标表示求得m的值,再根据向量模的坐标计算,可得答案.【详解】由题意向量,,与方向相反,则且,故,所以,,所以,故选:B9.在中,角,,所对的边分别为,,.已知的面积为S,,,,则的最小值为()A.2B.C.3D.【答案】D【解析】【分析】由及面积公式与正弦定理求得,由得,由平方结合二次函数求的最小值.【详解】,,由正弦定理得,,,,,.,,当且仅当时取等号., ..故选:D第Ⅱ卷二、填空题:本大题共6小题,每小题4分,共24分.试题中包含两个空的,答对1个的给2分,全部答对的给4分.10.i是虚数单位,复数______.【答案】【解析】【分析】利用复数的除法运算即可求解.【详解】复数,故答案为:.11.直线上所有点都在平面α内,可以用符号表示为______.【答案】【解析】【分析】根据线面位置关系的符号表示,可得答案.【详解】由题意直线上所有点都在平面α内,则直线l在平面α内,故用符号表示为,故答案为:12.若、、三点共线,则______.【答案】【解析】【分析】分析可知,利用平面向量共线的坐标表示可求得的值.【详解】因为、、三点共线,则,且,,所以,,整理可得.故答案为:. 13.在长方体中,,,,则异面直线与所成角的余弦值为______.【答案】##【解析】【分析】以点D为坐标原点,、、所在直线分别为、、轴建立空间直角坐标系,利用空间向量法可求出异面直线与所成角的余弦值.【详解】如图,以点D为坐标原点,、、所在直线分别为、、轴建立空间直角坐标系,则、、、,则,,,因此,异面直线与所成角的余弦值为.故答案为:.14.在中,角,,所对边分别为,,.已知,则______,若,则外接圆的半径为______.【答案】①②.【解析】【分析】根据余弦定理求出角;利用正弦定理求出外接圆半径即可求解.【详解】因为,在中,由余弦定理可得,,因为,所以; 若,设外接圆的半径为,在中,由正弦定理可得,,解得,故答案为:;.15.如图,在边长为1的正方形ABCD中,,则______;若为线段上的动点,则的最小值为______.【答案】①.②.【解析】【分析】建立平面直角坐标系,求得正方形各顶点坐标,利用向量的坐标运算求得的坐标,根据数量积的坐标运算,求得;设,表示出的表达式,结合二次函数性质求得的最小值.【详解】如图,以A为原点,所在直线为x轴,所在直线为y轴建立平面直角坐标系,则,∴,∵E是对角线上一点,且,可得,∴,, ∴;因为点F为线段(含端点)上的动点,则设,故,所以,,故,由于,所以时,取到最小值,即的最小值为,故答案为:;三、解答题:本大题共5小题,共60分,解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.16.已知向量,满足,,与的夹角为.(1)求的值;(2)若,求实数的值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)将平方求模长;(2)根据垂直关系的向量表示求解.【小问1详解】,,.【小问2详解】由得,解得:. 17.如图,三棱锥的底面的侧面都是边长为2的等边三角形,,分别是,的中点,.(1)证明:平面;(2)求三棱锥的体积.【答案】(1)证明见解析(2)1【解析】【分析】(1)根据线面平行的判定定理即可证明结论;(2)证明平面,求得的长,根据三棱锥的体积公式即可求得答案.【小问1详解】因为分别是的中点,所以,因为平面,平面,所以平面;【小问2详解】因为是等边三角形,D是的中点,所以,因为,又平面,所以平面,因为底面和侧面都是边长为2的等边三角形,所以,,所以.18.在中,角、、所对的边分别为、、.已知,,. (1)求的值;(2)求的值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)利用正弦定理求出的值,分析可知为锐角,即可求得角的值;(2)求出的值,利用正弦定理可求得的值.【小问1详解】解:在中,,,,由正弦定理可得,因为,则为锐角,故.【小问2详解】解:由(1)可知,,所以,,由正弦定理可得.19.如图,在长方形中,,.(1)求证:;(2)求直线与平面所成角的正弦值. 【答案】(1)证明过程见详解(2)【解析】【分析】(1)根据长方体的性质得到平面,进而得到平面,利用线面垂直的性质进而得证;(2)记交于点,连接,得到为与平面所成的角,在直角三角形中进行求解即可.【小问1详解】在长方体中,,,,平面,平面,平面,,又,可得,,平面,平面.平面,.【小问2详解】记交于点,连接,由(1)得平面,所以为斜线在平面上的射影,为与平面所成的角.在长方体中,,, 在中,,,.直线与平面所成角的正弦值为.20.在中,角,,所对的分别为,,.向量,,且.(1)求的值;(2)若,,求的面积【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据向量共线的坐标表示可得,结合正弦定理边化角以及同角三角函数关系即可求得答案;(2)由余弦定理可求得c,利用三角形面积公式即可求得答案.【小问1详解】因为,,且,所以,由正弦定理,得,又,,从而,因为,所以.【小问2详解】由余弦定理,得,而,,,得,即,因为,所以, 故的面积.
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高中 - 数学
发布时间:2023-07-13 08:00:02
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