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辽宁省沈阳市东北育才学校2022-2023学年高二数学下学期期中试卷(Word版附解析)
辽宁省沈阳市东北育才学校2022-2023学年高二数学下学期期中试卷(Word版附解析)
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2022-2023学年度下学期34届期中考试数学学科一、单选题(共40分)1.已知函数在处可导,且,则()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据导数的定义可得,再根据极限的性质计算可得.【详解】因为函数在处可导,且,所以,所以.故选:C2.已知为等比数列,是方程的两根,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据韦达定理判断、的正负,从而求出求出的正负,并求出,根据即可求出﹒【详解】设数列的公比为,因为是方程的两根,所以,,所以,,又为等比数列,所以,,则﹒故选:A. 3.根据历年气象统计资料,某地4月份的任一天刮东风的概率为,下雨的概率为,既刮东风又下雨的概率为.则4月8日这一天,在刮东风的条件下下雨的概率为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】设事件表示吹东风,事件表示下雨,得到,,结合,即可求解.【详解】由题意,设事件表示吹东风,事件表示下雨,则,,,所以在吹东风的条件下下雨的概率为.故选:D.4.已知数列,则()A.-48B.-50C.-52D.-49【答案】B【解析】【分析】通过计算前几项可知,进而计算可得结论.【详解】解:,,,,,,,,,,, ,,,,故选:.【点睛】本题考查数列的通项及前项和,找出规律是解决本题的关键,注意解题方法的积累,属于中档题.5.蚊香具有悠久的历史,我国蚊香的发明与古人端午节的习俗有关.如图为某校数学社团用数学软件制作的“蚊香”.画法如下:在水平直线上取长度为1的线段AB,作一个等边三角形ABC,然后以点B为圆心,AB为半径逆时针画圆弧交线段CB的延长线于点D(第一段圆弧),再以点C为圆心,CD为半径逆时针画圆弧交线段AC的延长线于点E,再以点A为圆心,AE为半径逆时针画圆弧……以此类推,当得到的“蚊香”恰好有11段圆弧时,“蚊香”的长度为()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】确定每段圆弧的中心角是,第段圆弧的半径为,由弧长公式求得弧长,然后由等差数列前项和公式计算.【详解】由题意每段圆弧的中心角都是,第段圆弧的半径为,弧长记为,则,所以.故选:D.6.若,则() A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由选项AB构造函数,利用导数研究函数的性质,结合图形可知无法判断与的大小;由选项CD构造函数,利用导数讨论函数的单调性,即可求解.【详解】由选项AB可知,构造函数,则,作出函数和在上的图象,如图,由图象知函数在(0,1)上有一个零点,则当时,单调递减,当时,单调递增,而,所以无法判断与的大小,故AB错误;由选项CD可知,构造函数,得,当时,,则函数在上单调递增,有,即,所以,故D正确.故选:D.7.云计算是信息技术发展的集中体现,近年来,我国云计算市场规模持续增长.已知某科技公司2018年至2022年云计算市场规模数据,且市场规模y与年份代码x的关系可以用模型(其中e为自然对数的底数)拟合,设,得到数据统计表如下:年份2018年2019年2020年2021年2022年年份代码x12345云计算市场规模y/千万元7.4112036.666.7 22.433.64由上表可得经验回归方程,则2025年该科技公司云计算市场规模y的估计值为()A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】根据可得线性回归方程,再由回归方程求出2025年的预测值,代入即可得解.【详解】因为,所以,即经验回归方程,当时,,所以,即2025年该科技公司云计算市场规模y的估计值为,故选:B8.若在恒成立,则k的取值范围为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由参数分离法,转为研究恒成立,结合二阶导数法求不等式右侧的最小值,其中最值点通过构造函数结合单调性求得.详解】.令,则.令,设,,则,∴在单调递增,故在单调递增, 又,,∴,,则单调递减,单调递增,∴.∵,令,两式相加得,令,则在单调递增,又,∴.∴,∴,故.故选:C【点睛】方法点睛:(1)函数不等式恒成立问题一般可由参数分离法,转化为求函数的最值问题;(2)指对数复杂函数最值一般采用导数法求得,其中结合零点存在定理设出最值点,可得最值点的导函数方程,从而化简求值.二、多选题(共20分)9.已知数列,下列结论正确的有()A.若,,则B.若,,则C.若,则数列是等比数列D.若已知为等差数列的前n项和,,则【答案】ABD【解析】 【分析】直接利用叠加法可判断选项A;利用累乘法可判断B项;利用与的关系罗列前三项即可根据等比数列定义判断C项;利用等差数列的前n项和公式的性质计算即可判断D项.【详解】选项A.由,即则,故A正确.选项B.由则,累乘可得故,故B正确;选项C.由,可得当时,当时,得,当时,得,显然,所以数列不是等比数列,故C错误.选项D.由等差数列前项和公式可得,设公差为d,则,所以,故D正确.故选:ABD10.在平面直角坐标系的第一象限内随机取一个整数点,若用随机变量表示从这个点中随机取出的一个点的横、纵坐标之和,表示,同时发生的概率,则()A.当时,B.当时,C.当时,的均值为D.当(且)时, 【答案】ACD【解析】【分析】利用条件概率公式可判断A选项;列举出满足的点的坐标,利用古典概率公式可判断B选项;利用离散型随机变量的期望公式可判断C选项;列举出满足,的点的坐标,利用古典概型的概率公式可判断D选项.【详解】对于A选项,当时,整数点共个,则,由得,即满足,的点的坐标为,所以,,A对;对于B选项,当时,整数点共个,满足的整数点为,,则,B错;对于C选项,当时,的分布列如下表所示:的可能取值有、、、、、、,满足的点为,则,满足的点为、,则,满足的点为、、,则,满足的点为、、、,则,满足的点为、、,则,满足的点为、,则,满足的点为,则,故当时,,C对;对于D选项,满足的解为,则,D对. 故选:ACD.11.已知当时,,则()A.B.C.D.【答案】ACD【解析】【分析】根据给定的不等式,赋值变形判断A;赋值求和判断CD;变形不等式右边,借助二项式定理及组合数的性质推理判断D作答.【详解】因为,令,,则,令,,则,A正确;因为,则,,…,,以上各式相加有,B错误;由得,,即,于是,,,…,,以上各式相加有,即,C正确;由得,,因此,设,,则,所以,D正确.故选:ACD【点睛】关键点睛:由给定信息判断命题的正确性问题,从给定的信息出发结合命题,对变量适当赋值,再综合利用相关数学知识及方法是解决问题的关键.12.已知函数,.() A.若曲线在点处的切线方程为,且过点,则,B.当且时,函数在上单调递增C.当时,若函数有三个零点,则D.当时,若存在唯一的整数,使得,则【答案】BCD【解析】【分析】A选项,由导数几何意义结合题意可知,即可判断选项正误;B选项,利用导数知识结合可得的单调区间,即可判断选项正误;C选项,有三个零点等价于直线与函数图象有3个交点,利用函数研究单调性,极值情况,即可判断选项正误;D选项,由题可得,存在唯一整数,使图象在直线下方.,利用导数研究单调性,极值情况,可得其大致图象,后利用切线知识结合图象可确定及相关不等式,即可判断选项正误.【详解】A选项,,由题,,则,,故A错误;B选项,当时,,.因,则.或在上单调递增,则在上单调递增,故B正确;C选项,当时,令, 注意到当时,,则,则函数有三个零点,相当于直线与函数图象有三个交点.令,其中..令或在上单调递增;或或或在,上单调递减,又,则可得大致图象如下,则由图可得,当,直线与函数图象有三个交点,即此时函数有三个零点,故C正确;D选项,由题可得,, 即存在唯一整数,使图象在直线下方.则,,得在上单调递减,在上单调递增,又,过定点,可在同一坐标系下做出与图象.又设过点切线方程的切点为,则切线方程为:,因其过,则或,又注意到结合两函数图象,可知或2.当时,如图1,需满足;当时,如图2,需满足;综上:,故D正确.故选:BCD【点睛】关键点睛:对于选填题,为便于快速找到答案,常使用数形结合思想,用直观的图象解决函数零点与函数不等式成立问题,而做出图象的关键就是利用导数知识研究函数的单调性,极值.三、填空题(共20分) 13.已知两个离散型随机变量,满足的分布列如下:012a当时,______________________.【答案】5【解析】【分析】根据分步列中概率之和为1以及期望的公式即可求解,由方差的公式以及性质即可求解.【详解】由题意可知:,且,解得,所以,所以,故答案为:514.某附属中学有四个学院:步青学院,家祯学院,希德学院,望道学院;共474人,这四个学院的学生人数依次分别为,若构成公差为12的等差数列,构成等比数列,则步青学院的人数为______.【答案】96【解析】【分析】利用等差数列和等比数列的定义和性质列方程组求解即可.【详解】由构成公差为12的等差数列可得,由构成等比数列可得①,又因为②,联立①②解得或(舍去).故答案为:9615.课外活动期间,几名篮球爱好者在体育老师指导下进行定点投篮训练,约定每人最多投篮10次,若某同学第n次投篮进球为首次连续进球,则该同学得分且停止投篮.例如:某同学前两次均投篮进球,则得10分,且停止投篮.已知同学甲每次投篮进球的概率 均为,则甲在第2次投篮恰好进球,且得5分时停止投篮的概率为___________.【答案】【解析】【分析】确定甲第6次与第7次为首次连续进球,且第1次未进球,第3次未进球,第5次未进球,第4次可以进球也可以不进球,计算得到概率.【详解】甲在第2次投篮恰好进球,且得5分时停止投篮,则第6次与第7次为首次连续进球,且第1次未进球,第3次未进球,第5次未进球,第4次可以进球也可以不进球,所以所求概率为.故答案为:16.已知是函数的导函数,在定义域内满足,且,若,则实数的取值范围是______.【答案】【解析】【分析】由,得,利用,可求得,利用导数证明在上递增,等价于,由单调性可得结果.【详解】由,得,,令, ,,,令,当时,,当时,在上递减,在上递增,,在上递增,,,可得,解得,即实数的取值范围是.故答案为:.【点睛】利用导数研究抽象函数不等式,实质是利用导数研究对应函数单调性,而对应函数需要构造.构造辅助函数常根据导数法则进行:如构造,构造,构造,构造等.四、解答题(共70分) 17.设正项数列的前n项和为,且,当时,.(1)求数列的通项公式;(2)设数列满足,且,求数列的通项公式.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据结合题意可得是以为首项,1为公差的等差数列,进而可得的通项公式;(2)根据累加法与错位相减法求解即可.【小问1详解】由,得,因为,所以,所以是以为首项,1为公差的等差数列,所以,所以,当时,,当时,也满足上式,所以数列的通项公式为.【小问2详解】由知:当时,,①,则②,由得:,化简得:,当时,也满足上式,所以数列的通项公式为. 18.在数列中,,且.(1)求的通项公式;(2)设,数列的前项和为,若,求正整数的值.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由已知得,所以数列是等差数列,且公差.又得,从而,即可得;(2)由题可知,用裂项相消法求得,结合即可得解.【小问1详解】由,得,即,所以数列是等差数列,且公差.又因为,所以,解得,所以,即.【小问2详解】由题可知, .由,得,解得.19.根据交管部门有关规定,驾驶电动自行车必须佩戴头盔,保护自身安全,某市去年上半年对此不断进行安全教育.下表是该市某主干路口去年连续5个月监控设备抓拍到的电动自行车驾驶员不戴头盔的统计数据:月份12345不戴头盔人数120100907565(1)请利用所给数据求不戴头盔人数与月份之间的回归直线方程;(2)交管部门统计连续5年来通过该路口的电动车出事故的100人,分析不戴头盔行为与事故是否伤亡的关系,得到下表,能否有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关?不戴头盔戴头盔伤亡1510不伤亡2550参考数据和公式:,【答案】(1);(2)有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关【解析】【分析】(1)先求得,进而求得不戴头盔人数与月份之间的回归直线方程;(2)求得的值并与进行大小比较进而得到是否有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关. 【小问1详解】由题意知,,,,所以,回归直线方程为【小问2详解】故有95%的把握认为不戴头盔行为与事故伤亡有关20.某精密仪器生产厂家计划对本厂工人进行技能考核,方案如下:每名工人连续生产出10件产品,若经检验后有不低于9件的合格产品,则将该工人技能考核评为合格等次,考核结束;否则,将不合格产品交回该工人,调试后经再次检验,若全部合格,则将该工人技能考核评为合格,考核结束,否则,将该工人技能考核评为不合格,需脱产进行培训.设工人甲生产或调试每件产品合格的概率均为,且生产或调试每件产品是否合格互不影响.(1)求工人甲只生产10件产品即结束考核的概率;(2)若X表示工人甲生产和调试的产品件数之和,求随机变量X的数学期望.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)根据题意可得,结合二项分步分析运算;(2)根据期望公式结合与之间关系分析运算.【小问1详解】设甲生产10件产品中合格品件数为,则,则,所以甲只生产10件产品即结束考核的概率.【小问2详解】由(1)可知:,, 可得随机变量的期望,故,由题意可得:,或,则,故随机变量X的数学期望.21.已知函数,是上的奇函数,当时,取得极值.(1)求函数的单调区间和极大值;(2)若对任意,都有成立,求实数的取值范围;(3)若对任意,,都有成立,求实数的取值范围.【答案】(1)的单调减区间为,单调增区间为和;极大值为2(2)(3)【解析】【分析】(1)由是上的奇函数求出,当时,取得极值,求出,利用导数求的单调区间和极大值;(2)对任意,都有成立,等价于在时恒成立,构造新函数,利用导数求区间内最大值即可;(3)依题意有在区间上的最大值都小于或等于的最小值,利用函数单调性和二次函数的性质,分别求在区间上的最大值和在区间上的最小值即可.【小问1详解】是上的奇函数, ,即,得恒成立,可得,即,又当时,取得极值,,解得,故函数,导函数,令解得,当或时,,当时,,单调增区间为和,单调减区间为,故当时,取到极大值【小问2详解】,对任意,都有成立,只需在时恒成立,构造函数,,则有,令可得或,当时,,单调递减当时,,单调递增,当时,,单调递减,当时,取到极大值,又,故的最大值为8,故实数的取值范围为:;【小问3详解】若对任意,,都有成立,即在区间上的最大值都小于或等于的最小值,由(1)可知:当时,单调递减,当时,单调递增,故当时,函数取到极小值,也是该区间的最小值,而为开口向上的抛物线,对称轴为,故当时取最大值 ,由,解得故实数的取值范围为:22.已知函数,.(1)当时,讨论方程解的个数;(2)当时,有两个极值点,,且,若,证明:(i);(ii).【答案】(1)答案见解析;(2)(i)证明见解析;(ii)证明见解析.【解析】【分析】(1)方法1,由,可得,后令,利用导数知识可得其值域即可知解的情况;方法2,,利用导数知识可知时,的单调性与零点情况,又利用可知当时,,即可得解的情况;(2)(i)由题可得,由结合单调性可得,后通过构造可证;(ii)由(i)可知,后说明,即可证明结论.【小问1详解】方法一:,. 设,则.设,则,单调递减.,当时,,,单调递增;当时,,,单调递减.,当时,方程有一解,当时,方程无解;方法二:设,则.设,则.单调递增当时,,当时,,单调递减;当时,,单调递增.,方程有一解.当时,.令,令,则在上单调递增,又,则在上单调递减,在上单调递增,则.即,无解,即方程无解.综上,当时,方程有一解,当时,方程无解.【小问2详解】(i)当时,,则,,是方程的两根. 设,则,令,解得,在上单调递减,在上单调递增.,,当时,,,.由.令,,,.等价于.设,,则,单调递增,,,即,,综上,;(ii)由(i)知,,.由(i)知,,设,,则.单调递减,,即.. 设,,则.单调递增,又,当时,.,,即命题得证.【点睛】关键点睛:本题涉及讨论函数零点及极值点偏移问题.对于零点问题,常利用分离参数法和研究函数单调性解决,还可以利用数形结合思想转化为函数图象与直线的交点问题;对于极值点偏移问题,关键是将多变量转变为单变量,常利用引入参数或不等关系构造新函数证明结论.
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