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湖南省2022-2023学年高三数学下学期3月联考试题(Word版附解析)

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2023年湖南省高三联考试题数学一、选择题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.已知集合,,则(),A.B.C.D.2.若,则()A.B.C.D.3.在边长为3的正方形ABCD中,点E满足,则()A.3B.C.D.44.某一时段内,从天空降落到地面上的雨水,未经蒸发、渗漏、流失而在水平面上积聚的深度,称为这个时段的降雨量(单位:mm).24h降雨量的等级划分如下表:等级24h降雨量(精确到0.1)…………小雨0.1~9.9中雨10.0~24.9大雨25.0~49.9暴雨50.0~99.9…………在综合实践活动中,某小组自制了一个底面直径为200mm,高为300mm的圆锥形雨量器.若一次降雨过程中,该雨量器收集的24h的雨水高度是150mm,如图所示,则这24h降雨量的等级是()A.小雨B.中雨C.大雨D.暴雨5.奥林匹克标志由五个互扣的环圈组成,五环象征五大洲的团结,五个奥林匹克环总共有8个交点,从中任取3个点,则这3个点恰好位于同一个奥林匹克环上的概率是()A.B.C.D. 6.在锐角△ABC中,,,则BC的取值范围是()A.B.C.D.7.正方体的棱长为1,点P在三棱锥的表面上运动,且,则点P轨迹的长度是()A.B.C.D.8.设定义在R上的函数满足,且当时,,其中为函数的导数,则不等式的解集是()A.B.C.D.二、选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求.全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.9.已知函数,则下列说法正确的是()A.B.函数的最小正周期为C.函数的对称轴方程为D.函数的图象可由的图象向右平移个单位长度得到10.设等比数列的公比为q,前n项积为,并且满足条件,,,则下列结论正确的是()A.B.C.的最大值为D.11.过抛物线C:焦点F的直线与C交于A,B两点,点A,B在C的准线l上的射影分别为,,的平分线与l相交于点P,O为坐标原点,则()A.B.三点A、O、共线C.原点O可能是△PAB的重心D.△OBF不可能是正三角形.12.已知函数,其中a,b,,,则下列结论正确的是() A.B.C.在R上单调递减D.最大值为三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.在的展开式中,二项式系数之和为32,则展开式中项的系数为________.14.已知某食品每袋的质量,现随机抽取10000袋这种食品,则质量在区间的食品约________袋(质量单位:g).附:,则,,.15.已知过原点的直线l与双曲线C:的左、右两支分别交于A,B两点,F是C的右焦点,且.若满足的点P也在双曲线C上,则C的离心率为________.16.已知e是自然对数的底数.若,成立,则实数m的最小值是________.四、解答题:本题共6小题,共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.(10分)已知正项数列的前n项和为,且满足.(1)求数列的通项公式;(2)设,数列的前n项和为,证明:.18.(12分)作为一种益智游戏,中国象棋具有悠久的历史,中国象棋的背后,体现的是博大精深的中华文化.为了推广中国象棋,某地举办了一次地区性的中国象棋比赛,小明作为选手参加.除小明以外的其他参赛选手中,50%是一类棋手,25%是二类棋手,其余的是三类棋手.小明与一、二、三类棋手比赛获胜的概率分别是0.3、0.4和0.5.(1)从参赛选手中随机选取一位棋手与小明比赛,求小明获胜的概率;(2)如果小明获胜,求与小明比赛的棋手为一类棋手的概率.19.(12分)如图,四棱锥中,底面ABCD是边长为2的正方形,,侧面PAB的面积为. (1)证明:平面平面ABCD;(2)点M在棱PC上,当三棱锥的体积为时,求直线AM与平面PAB所成的角的正弦值.20.(12分)如图,在平面四边形ABCD中,,,.(1)当四边形ABCD内接于圆O时,求角C;(2)当四边形ABCD的面积最大时,求对角线BD的长.21.(12分)已知椭圆E:的离心率为,A,B是它的左、右顶点,过点的动直线l(不与x轴重合)与E相交于M,N两点,△MAB的最大面积为.(1)求椭圆E的方程;(2)设是直线AM与直线BN的交点.(i)证明m为定值;(ii)试堔究:点B是否一定在以MN为直径的圆内?证明你的结论.22.(12分)已知函数,.(1)比较,的大小,并说明理由;(2)已知函数的两个零点为,,证明:.2023年湖南省高三联考试题参考答案数学1.【答案】D【解析】,,则.故选D2.【答案】C 【解析】.故选C3.【答案】A【解析】以B为原点建立如图所示的平面直角坐标系,,且边长为3,所以,,,,所以,,所以.故选A4.【答案】B【解析】因为圆锥内积水的高度是圆锥总高度的一半,所以圆锥内积水部分水面的半径为,故积水量,所以此次降雨在平地上积水的原度,因为,所以这一天的雨水属于中雨.故选B5.【答案】A【解析】从8个点中任取3个点,共有种情况,这三个点恰好位于同一个奥林匹克环上有种情况,则所求的概率.故选A.6.【答案】B【解析】由正弦定理得,所以,所以.故选B7.【答案】A 【解析】由题设知点P在以为球心,半径的球面上,所以点P的轨迹就是该球与三棱锥的表面的交线.由正方体性质易知点到平面的距离,所以球在平面上的截面圆的半径,截面圆的圆心是正中心,正的边长为,其内切圆的半径.因此,点P在面内的轨迹是圆在内的弧长,如图所示.,所以,从而,故点P在此面内的轨迹长度为.因为平面ABCD,所以球在平面ABCD上的截面圆心为A,其半径,又,所以点P在平面BCD内的轨迹是一段弧,如图所示,,所以,从而,所以.由于对称性,点P在平面和平面内的轨迹长度都是, 故点P在三棱锥的表面上的轨迹的长度是.故选A8.【答案】D【解析】构造函数,因为,所以,所以为奇函数.当时,,在上单调递減,所以在R上单调递减.因为,所以,即,所以,即.故选D9.【答案】ABD【解析】,所以A正确;对于B,函数的最小正周期为,所以B正确;对于C,由,得,,所以函数的对称轴方程为,,所以C错误;对于D,的图象向右平移,得,所以函数的图象可由的图象向右平移个单位长度得到,所以D正确.故选ABD10.【答案】AC【解析】若,因为,所以,,则与矛盾,若,因为,所以,,则,与矛盾,所以,故A正确;因为,则,所以,故B错误; 由,故C正确;而,故D错误.故选AC11.【答案】ABD【解析】由抛物线定义知,又l平分,所以,从而,即,所以A正确;设,,AB方程为,代入C方程得,则,,故的坐标是,从而,所以A、O、三点共线,即B正确;若原点O是△PAB的重心,则,即,而,因为,所以,故C错误;因为,所以△OBF不可能是正三角形,故D正确.故选ABD12.【答案】AB【解析】因为,即,又a,b,,所以,.由,令,则在R上递减,且,所以,,故A,B正确;取,,,则,所以C错误;令,,,则,今,,则 ,而,所以,所以D错误.故选AB13.【答案】1080【解析】由题可知,解得,则的通项为,令,解得,则系数为.故答案为108014.【答案】8186【解析】由题意得:,,则,故,则袋装质量在区间的食品约有(袋).故答案为818615.【答案】【解析】设左焦点为,,则,连接,,则,.由易知四边形为矩形.在中,,即,化简得.在中,,即,将代入(*)式得,即. 故答案为16.【答案】【解析】由得,即.令,则在上单调递增,且,所以对恒成立,即对恒成立.令,则,所以当时,;当时,,故在上的极大值是,即最大值是,所以,即实数m的最小值是.17.【解析】(1)依题意可得,当时,,,则;当时,,,两式相减,整理可得,又为正项数列,故可得,所以数列是以为首项,为公差的等差数列,所以.(2)证明:由(1)可知,所以,,所以成立.18.【解析】(1)设“小明与第i(,2,3)类棋手相遇”,根据题意,,.记“明获胜”,则有,,,由全概率公式,小明在比赛中获胜的概率为,所以小明获胜的概率为0.375.(2)小明获胜时,则与小明比赛的棋手为一类棋手的概率为 ,即小明获胜,对手为一类棋手的概率为0.4.19.【解析】(1)由侧面PAD的面积为,得,又,,所以,从而,即,又,故平面PAD,而平面ABCD,所以平面平面ABCD.(2)取AD的中点O,连接OP,因为,所以,由(1),平面平面ABCD,而平面PAD,平面平面,所以平面ABCD.以O为坐标原点,的方向为x轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系,则,,,因为,所以,,设,则.设,即,所以,从而,,故,于是,又,,设是平面PAB的一个法向量,则即取,得,设直线AM与平面PAB所成的角为,则, 即直线AM与平面PAB所成的角的正弦值为.20.【解析】(1)连接BD,由余弦定理可得:,,所以.又四边形ABCD内接于圆O,所以,所以,化简可得,又,所以.(2)设四边形ABCD的面积为S,则,又,所以即平方后相加得,即,又,所以时,有最大值,即S有最大值.此时,,代入得.又,所以.在△BCD中,可得:,即.21.【解析】(1)设椭圆E的焦距为2c,由题设知,且当点M在椭圆E的短轴端点处时△MAB的面积最大,所以,即.又,从而解得,,故椭圆E的方程为.(2)由(1)知,,,由题意可设直线l的方程为,因为点在椭圆E内,直线l与E总相交,由得 ,设,,则,,(i)由P,A,M共线,得,①由P,B,N共线,得,②则由①÷②得,③又,所以,④将④代入③,得所以.(ii)点B一定在以MN为直径的圆内,证明如下:点B在以线段MN为直径的圆内为钝角,⑤因为,,所以,由①、④,有,故,而2,从而,即⑤成立,所以点B一定在以MN为直径的圆内.22.【解析】(1)令,则,所以,当,;当时,,令,在上单调递减,所以,,即,所以在上单调递减,所以,,即当时,;同理可得,当时,.综上:当时,;当时,;当时,. (2)先证明:.不妨令.因为定义域为,,令得.所以,当,,单调递减,当时,,单调递增,从而.记的两个零点分别为,,且,因为图象是关于直线对称的抛物线,所以,又由(1)可知,,所以.下面再证.由于,故有,,因此,而,所以,故有.构造函数,,.令,,在内单调递增,在上单调递减,从而有.综上可知.

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发布时间:2023-04-27 17:55:02 页数:14
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文章作者:随遇而安

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