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四川省 校2022-2023学年高二数学(理)下学期3月月考试题(Word版附解析)
四川省 校2022-2023学年高二数学(理)下学期3月月考试题(Word版附解析)
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成都外国语学校2022—2023学年度高二下3月月考数学试题(理科)第Ⅰ卷一、单选题(本大题共12小题,每小题5分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)1.复数等于()A.1+iB.1-iC.-1+iD.-1-i【答案】A【解析】【详解】,选A2.在平面直角坐标系xOy中,双曲线的渐近线方程为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据双曲线的渐近线方程为求解.【详解】因为双曲线的方程为,所以其渐近线方程为,故选:A.3.函数(为自然对数的底数),则的值为()A.1B.2C.3D.4【答案】B【解析】 【分析】先求出,再求出即可.【详解】∵,∴,∴.故选:B.4.已知与之间的一组数据:,则与的线性回归方程为必过()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】求出样本中心即可得到答案.【详解】由题意可知:,,与的线性回归方程必过点.故选:C.5.若函数有三个单调区间,则实数a的取值范围是()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】由有两个不相等的实数根求得的取值范围.【详解】,由于函数有三个单调区间,∴有两个不相等的实数根,∴.故选:C. 6.若函数在上有极值点,则的取值范围为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】对函数进行求导,由于函数有极值点即有变号零点,根据导函数的单调性列出不等式解出即可.【详解】因为,所以,因在上恒成立,所以在上为减函数,所以,解得,故选:A.7.已知抛物线的焦点为,准线为,过的直线与交于两点(点在第一象限),与交于点,若,,则()A.B.3C.6D.12【答案】B【解析】【分析】利用抛物线的定义,以及几何关系可知,再利用数形结合表示的值,进而得,再根据焦半径公式得,,进而求解直线的方程并与抛物线联立得,再用焦半径公式求解即可.【详解】如图,设准线与轴的交点为,作,,垂足分别为,,所以,.又,所以,设,则. 因为,所以,所以,所以,即.所以,抛物线为,焦点为,准线为,由得,解得,所以,,所以,直线的方程为所以,联立方程得,解得,所以,,所以,故选:B8.若函数与的图像有且仅有一个交点,则关于x的不等式的解集为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】将条件与只有1个交点转换为函数只有1个零 点,参数分离求出a,再构造函数,利用其单调性求解即可.【详解】与只有1个交点等价于函数只有1个零点,即只有1个解,令,则,,当时,单调递增,当时,单调递减,并且,所以,,函数的大致图像如下图:,原不等式为:,即,令,显然在时是增函数,又,的解集是.故选:C.9.某同学根据以下实验来估计圆周率的值,每次用计算机随机在区间内取两个数,共进行了次实验,统计发现这两个数与为边长能构成钝角三角形的情况有种,则由此估计的近似值为()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】根据给定条件,画出几何图形,借助几何概型计算作答.【详解】设是区间内的任意两个数,则,因此点所在的平面区域是边长为3的正方形内部,如图, 数与3为边长能构成钝角三角形,则点在满足的条件下,有,此时点在以点O为圆心,3为半径的圆与线段AC所围弓形内部(不含边界),弓形面积,而正方形的面积,于是点落在弓形内部的概率为,因为次实验中,出现数与为边长能构成钝角三角形的情况有种,因此,解得,所以估计的近似值为.故选:A10.已知函数是定义在R上的可导函数,其导函数为.若,且,则使不等式成立的x的值可能为()A.-2B.-1C.D.2【答案】D【解析】【分析】根据已知条件构造函数,要求解的不等式可化为,判断F(x)单调性即可求解.【详解】设,则,∵,∴,∴,即在定义域R上单调递减.∵,∴, ∴不等式等价于,即,解得,结合选项可知,只有D符合题意.故选:D.11.已知曲线上一点,曲线上一点,当时,对任意,,都有恒成立,则的最小值为()A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】根据题中条件,得到,,推出,;证明,得到,推出,分离参数得,构造函数求出最大值,即可得出结果.【详解】因为当时,对于任意,都有恒成立,所以有:,,,,令,则,所以当时,,则单调递增;当时,,则单调递减;因此,即显然恒成立;因为,所以,即;为使恒成立,只需恒成立;即恒成立;令,则,由解得;由解得; 所以在上单调递增;在上单调递减;所以;,因此的最小值为.故选:【点睛】关键点点睛:求解本题的关键在于将问题转化为不等式恒成立求参数范围的问题,根据,只需,分离参数后,即可根据导数的方法求解.12.已知椭圆,为的左、右焦点,为上一点,且的内心为,若的面积为,则的值为()A.B.3C.D.6【答案】D【解析】【分析】利用焦点三角形的面积公式,建立等量关系,结合椭圆的性质,计算椭圆的离心率,再结合焦点三角形的面积公式即可求的值.【详解】由题意得,的内心到轴的距离等于内切圆的半径,即为的纵坐标,即为,因为为上的一点,所以,即,又因为,所以,,整理得,解得(舍)或,所以,所以, 所以,即,解得.故选:D.第Ⅱ卷二、填空题(本大题共4小题,每小题5分.把答案填在答题卡的相应位置.)13.下面一段程序执行后的结果是________.【答案】【解析】【分析】根据程序的语句,经过一次乘法,加法后输出结果,据此计算即可【详解】初始赋值,经过后,数值变为,经过运算后,结果为.故答案为:14.已知复数是纯虚数,则___________.【答案】1【解析】【分析】根据复数的概念列式即可求得的值.【详解】因为是纯虚数,所以,解得.故答案为:.15.已知双曲线C:上有不同的三点A,B,P,且A,B关于原点对称,直线PA,PB的斜率分别为,,且,则离心率e的取值范围是____________.【答案】 【解析】【分析】利用点差法求得,由此化简求得离心率的取值范围.【详解】设,,因为A,B关于原点对称,所以,∴,,∴.又因为点P,A都在双曲线上,所以,,两式相减得:,∴,∴,∴,,∴.故答案为:16.已知函数,若关于x的不等式,对恒成立,则实数a的最小值是______.【答案】【解析】【分析】将不等式化为,构造函数,原不等式即可化为,根据的单调性可得,参变分离得,则即可求解.【详解】,由可得, 构造函数,其中,则,∴函数在上单调递增,原式等价于,由,,则,则,即得,∴,令,其中,则.当时,,函数单调递增,当时,,函数单调递减,∴,,∵,解得,故实数的最小值为.故答案为:.三、解答题(解答题应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)17.已知函数,且.(1)求的解析式;(2)求曲线在处的切线方程.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)先求导数,根据可求,进而可得答案;(2)先求导数得到切线斜率,再求出切点,利用点斜式可求切线方程.【小问1详解】因为,且,所以,解得,所以函数的解析式为.【小问2详解】 由(1)可知,;又,所以曲线在处的切线方程为,即.18.已知抛物线的准线方程为.(1)求的值;(2)直线交抛物线于、两点,求弦长.【答案】(1)2;(2).【解析】【分析】(1)根据给定抛物线方程,求出其准线方程即可计算作答;(2)联立直线与抛物线方程,结合韦达定理求出弦长作答.小问1详解】抛物线的准线方程为,依题意,,解得,所以的值为2.【小问2详解】由(1)知,抛物线,设点,,由消去y得:,,则,,所以.19.已知函数.(1)当时,求函数的单调区间;(2)若函数在区间上单调递增,求实数a的取值范围.【答案】(1)减区间为,增区间为;(2). 【解析】【分析】(1)对求导得到,令,,解不等式即可得到单调区间;(2)把在上单调递增转化成在上大于等于零恒成立,再求出最值即可得到的取值范围.【小问1详解】函数的定义域为,当时,求导得,整理得:由得;由得,从而,函数减区间为,增区间为;【小问2详解】由已知得时,恒成立,即恒成立,即恒成立,则.令函数,由知在单调递增,从而.经检验知,当时,函数不是常函数,所以a的取值范围是.20.某校从高一年级的一次月考成绩中随机抽取了50名学生的成绩,这50名学生的成绩都在内,按成绩分为,,,,五组,得到如图所示的频率分布直方图.(1)根据频率分布直方图估计该校高一年级本次考试成绩的中位数;(四舍五入保留1位 小数);(2)用分层抽样的方法从成绩在内的学生中抽取6人,再从这6人中随机抽取2名学生进行调查,求月考成绩在内至少有1名学生被抽到的概率.【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)由频率分布直方图的性质,求得,结合中位数的计算方法,即可求解;(2)由频率分布直方图成绩在和和频率分别是和,得到成绩在上的有4人,成绩在上的有2人,结合概率计算公式,即可求解.小问1详解】解:由频率分布直方图的性质,可得,解得;在频率分布直方图中前两组频率和为,第三组频率为,所以中位数在第三组,设中位数为,则,解得.【小问2详解】解:由频率分布直方图成绩在和和频率分别是和,则抽取的人中,成绩在上的有4人,成绩在上的有2人,从6人中任意抽取2人共有种方法,其中2人成绩都在上的方法有种,所以月考成绩在内至少有1名学生被抽到的概率为.21.已知点,,动点P满足.(1)求动点P的轨迹C的方程;(2)设点,斜率为k的直线l与曲线C交于M,N两点.若,求k的取值范围. 【答案】(1)(2)【解析】【分析】(1)设动点,分别表示出,然后代入计算,化简即可得到结果;(2)根据题意,分与两种情况讨论,当时,设直线l:,联立直线与椭圆方程,结合韦达定理表示出MN的中点的坐标,再由条件列出方程,即可得到结果.【小问1详解】设动点,则,,,由已知,得,化简,得,故动点P的轨迹C的方程是.【小问2详解】当时,设直线l:,将代入,整理,得,设,,,整理,得,①设MN的中点为Q,,,所以,由,得,即直线EQ的斜率为,所以,化简,得,②将②代入①式,解得且. 当时,显然存在直线l,满足题设.综上,可知k的取值范围是.22.已知函数.(1)讨论函数的单调性;(2)设函数有两个极值点,证明:.【答案】(1)答案见解析(2)证明见解析【解析】【分析】(1)先求出定义域,再求导,根据确定或,再对进行分类讨论,讨论求出函数的单调性;(2)对求导,结合的极值点个数得到在上有两个不等实根,得到,,,表达出,只需证,构造,,研究其单调性,求出,由对勾函数的单调性证明出结论.【小问1详解】定义域为,且,令得,或,①当时,与,,单调递增,,,单调递减,②当时,,在单调递增,③当时,与,,单调递增,,,单调递减,综上,当时,在区间,上单调递增,在区间上单调 递减;当时,在区间上单调递增;当时,在区间,上单调递增,在区间单调递减;【小问2详解】由已知,,则,函数有两个极值点,,即在上有两个不等实根,令,只需,故,又,,所以,要证,即证,只需证,令,,则,令,则恒成立,所以在上单调递减,又,,由零点存在性定理得,使得,即,所以时,,单调递增,时,,单调递减,则, ∵由对勾函数知在上单调递增,∴,∴,即,得证.【点睛】隐零点的处理思路:第一步:用零点存在性定理判定导函数零点的存在性,其中难点是通过合理赋值,敏锐捕捉零点存在的区间,有时还需结合函数单调性明确零点的个数;第二步:虚设零点并确定取范围,抓住零点方程实施代换,如指数与对数互换,超越函数与简单函数的替换,利用同构思想等解决,需要注意的是,代换可能不止一次.
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高中 - 数学
发布时间:2023-04-27 13:42:02
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