江苏省海州高级中学2021-2022学年高二化学下学期期中考试试题（Word版附解析）

海州高级中学2021~2022学年度第二学期期中学情调查考试高二化学试题可能用到的相对原子质量：H1C12O16Cl35.5第I卷(选择题共57分)选择题(本题包括19小题，每小题3分，共57分。每小题只有一个选项符合题意)1.2021年6月，中国航天员搭乘“神舟十二号”进驻空间站，开启了中华民族“空间站时代”的新篇章。下列说法不正确的是A.舱外航天服使用的镀铝胶布是一种复合材料B.航天器使用的太阳能电池板的主要成分是二氧化硅C.航天员“天地通话”耳机使用的双层蛋白皮革是有机物D.航天员佩戴的质轻、耐冲击腕表使用的钛合金是金属材料【答案】B【解析】【分析】【详解】A．镀铝胶布用特殊工艺在胶布薄膜镀上一层极薄的金属铝而形成的一种复合材料，故A正确；B．太阳能电池板的主要成分是晶体硅，故B错误；C．蛋白皮革的成分是蛋白质，蛋白质是有机物，故C正确；D．由于钛是一种金属，钛合金应该属于金属材料，故D正确；选B。2.反应2NH3+NaClO=N2H4+NaCl+H2O可用于制备火箭推进剂的燃料N2H4。下列有关说法正确的是A.N2H4的结构式为B.中子数为8的氮原子可表示为NC.O基态原子的价层电子排布式为1s22s22p4D.NaCl的电子式为【答案】A【解析】 【详解】A．N2H4分子中两个N原子共用一对电子，每个N原子和两个H原子分别共用一对电子，结构式为，A正确；B．根据在原子表示中，元素符号左下角为质子数，左上角为质量数，可知该原子可表示为：N，B错误；C．O基态原子的价层电子排布式为2s22p4，C错误；D．NaCl是由钠离子和氯离子构成的离子化合物，电子式为，D错误；故选A。3.下列说法不正确的是A.蒸馏是分离、提纯液态有机化合物的常用方法B.重结晶的首要工作是选择适当的溶剂C.萃取包括液—液萃取和固—液萃取D.研究有机化合物可首先进行元素定量分析，再分离、提纯【答案】D【解析】【详解】A．提纯液态有机物常用的方法是蒸馏法，该法要求被提纯的液态有机物与杂质的沸点约相差较大，易分离，被提纯的液态有机物与杂质的沸点相差大于30℃，A正确；B．重结晶是利用物质的溶解度的不同，在溶液中析出晶体进行分离，所以重结晶的首要工作是选择适当的溶剂，B正确；C．萃取是物理变化，是利用某组分在不同溶剂中溶解度的不同来分离混合物的操作，包括液-液萃取和固-液萃取，C正确；D．研究有机化合物首先是进行物质的分离、提纯，然后确定物质的实验式，再确定物质的分子式，最后确定物质的结构式，D错误；故合理选项是D。4.有关的说法不正确的是A.分子式为C10H16B.所有原子不可能共平面C.其环上的一氯代物为三种D.该物质以及完全加氢产物都不存在手性碳原子 【答案】C【解析】【详解】A．由结构简式可知，分子式为C10H16，故A正确；B．由结构可知，环状结构中存在3个亚甲基，还存在1个甲基，均为四面体构型，则所有原子不可能共面，故B正确；C．结构不对称，环上有4种H，则环上的一氯代物为4种，故C错误；D．连4个不同基团的C为手性C原子，则该物质以及加氢产物都不存在手性碳原子，故D正确；故选：C。5.下列说法中正确的是A.乙烯能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色，两者的反应原理相同B.邻二甲苯只有一种结构，证明苯环中不存在碳碳单键和碳碳双键交替出现的结构C.相同物质的量的乙烯和甲烷完全燃烧消耗的氧气的量相同D.乙醇、乙酸均能与Na反应放出H2，二者分子中官能团相同【答案】B【解析】【详解】A．乙烯与溴发生加成反应而使溴水褪色，乙烯被酸性高锰酸钾溶液氧化而使溶液褪色，褪色原理不相同，故A错误；B．若苯环存在碳碳单键和碳碳双键交替的结构，邻二甲苯只有两种结构，邻二甲苯只有一种结构，证明苯环中不存在碳碳单键和碳碳双键交替的结构，故B正确；C．1mol烃CxHy完全燃烧耗氧量为(x+)mol，乙烯分子与甲烷分子都有4个氢原子，乙烯分子中碳原子数目比甲烷中的大，则相同物质的量的甲烷和乙烯完全燃烧，乙烯消耗氧气的量更大，故C错误；D．乙醇的官能团是羟基，乙酸的官能团是羧基，所以乙醇和乙酸中的官能团不同，故D错误；故选：B。6.下列实验事实中，能说明苯环上的取代基对苯环的性质造成影响的是A.甲苯使酸性高锰酸钾溶液褪色B.苯酚和浓溴水生成白色沉淀C.苯酚可以和氢氧化钠溶液反应D.甲苯和氢气加成生成甲基环己烷 【答案】B【解析】【详解】A．烷烃不能使高锰酸钾溶液褪色，而甲苯被高锰酸钾溶液氧化时，氧化的位置是甲基，故体现出苯环使甲基活化，故A不合题意；B．苯和浓溴水不反应，而苯酚能和浓溴水发生苯环上的取代，故能体现-OH使苯环活化的影响，故B符合题意；C．醇-OH与氢氧化钠溶液不反应，而苯酚与氢氧化钠反应发生在酚-OH上，故体现出苯环使-OH活化，故C不合题意；D．甲苯与氢气能加成，苯也可以，故不能体现出甲基使苯环的活化，故D不合题意；故选：B。7.下列有机物命名正确的是（）A.2﹣乙基丙烷B.3﹣丁醇C.邻二甲苯D.2﹣甲基﹣2﹣丙烯【答案】C【解析】【详解】A．2-乙基丙烷，烷烃命名中出现2-乙基，说明选取的主链不是最长的，主链应该为丁烷，正确命名为：2-甲基丁烷，选项A错误；B．3-丁醇，醇命名需要标出羟基的位置，该有机物中羟基在2号C，正确命名为：2﹣丁醇，选项B错误；C．邻二甲苯，两个甲基分别在苯环的邻位，名称为邻二甲苯，选项C正确；D．碳碳双键在1号C，该有机物正确命名为：2-甲基-1-丙烯，选项D错误；答案选C。 8.120℃以上的温度烹制富含淀粉类食品时，会产生致癌物丙烯酰胺，其结构简式如下，它可看作丙烯酸中的-OH被-NH2取代的产物，下列有关丙烯酰胺叙述不正确的是A.该物质的化学式为C2H4NOB.该物质能使酸性KMnO4溶液褪色C.该物质含有酰胺键官能团D.该物质属于脂肪烃衍生物【答案】A【解析】【详解】A．根据有机物结构简式，推出该物质的化学式为C3H5NO，A错误；B．分子结构中含有碳碳双键，可使酸性KMnO4溶液褪色，B正确；C．该有机物含有酰胺键官能团，C正确；D．该有机物为含有C、H、O、N的链状有机物，故属于脂肪烃衍生物，D正确。答案选A。9.药物贝诺酯可由乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚在一定条件下反应制得: 下列有关叙述不正确的是A.贝诺酯分子中有2 种含氧官能团B.可用FeCl3 溶液区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚C.1mol 乙酰水杨酸最多消耗3molNaOHD.贝诺酯与足量NaOH溶液共热，最终生成乙酰水杨酸钠和对乙酰氨基酚钠【答案】D【解析】【详解】A．贝诺酯分子中含-COOC-、-CONH-两种官能团，A正确；B．对乙酰氨基酚含酚-OH，可与氯化铁发生显色反应，则可用FeCl3溶液区别乙酰水杨酸和对乙酰氨基酚，B正确； C．乙酰水杨酸含-COOH和酚羟基形成的酯基，lmol乙酰水杨酸最多消耗3molNaOH，C正确；D．贝诺酯与足量NaOH溶液共热，-COOC-、-CONH-均发生水解，会生成乙酰水杨酸钠，不会生成对乙酰氨基酚，D错误；答案选D。点睛：本题考查有机物的结构性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，选项C、D为解答的易错点，注意-COOC-、-CONH-均发生水解，肽键的性质易被忽略，以及水解形成的酚羟基能继续与氢氧化钠反应。10.由CH3CH2CH3制备聚合物过程中依次发生的化学反应是（）①取代反应②消去反应③加聚反应④酯化反应⑤还原反应⑥水解反应A.②④⑤B.①②③C.②③⑥D.①②④【答案】B【解析】【详解】由CH3CH2CH3制备聚合物过程为：CH3CH2CH3→CH3CH2CH2Cl→CH3CH=CH2→，故依次经历的反应类型为：取代反应、消去反应和加聚反应。答案为B。11.下列叙述正确的是①淀粉和纤维素互为同分异构体②油脂没有固定的熔沸点③用甘氨酸和丙氨酸缩合最多可形成4种二肽④麦芽糖及其水解产物均能发生银镜反应⑤糖类、蛋白质、油脂属于天然高分子化合物A.②③④B.①②④C.①④⑤D.②③⑤【答案】A【解析】【详解】①淀粉和纤维素的通式都为(C6H10O5)n，但n值不同，故不是同分异构体，错误； ②油脂为混合物没有固定的熔沸点，正确；③氨基酸生成二肽，就是两个氨基酸分子脱去一个水分子，当同种氨基酸脱水，生成2种二肽；当异种氨基酸脱水：可以是甘氨酸脱去羟基，丙氨酸脱氢；也可以丙氨酸脱羟基，甘氨酸脱去氢，生成2种二肽，共4种，正确；④麦芽糖及其水解产物(葡萄糖)均含有-CHO，均能发生银镜反应，正确；⑤糖类中的单糖、二糖及油脂不属于天然高分子化合物，错误；故选A。12.某链状单炔烃与足量的氢气加成反应，生成如图所示的烷烃，则符合条件的炔烃共有A.6种B.4种C.3种D.2种【答案】D【解析】【详解】按单炔烃与足量的氢气发生加成反应的特点，把烷烃分子内相邻的2个碳原子各去掉2个氢原子后变出碳碳三键即可，故可能的单炔烃为或，D满足；答案选D。13.已知：+则可由下列哪两种物质合成A.2-甲基-1，3-丁二烯和1-丁炔B.2，3-二甲基-1，3-丁二烯和2-丙炔C.1，5-戊二烯和1-丁炔D.2-甲基-1，3-丁二烯和2-丁炔【答案】D【解析】 【详解】由题可知，如果想得到，必须是二烯烃和炔烃反应得到，可逆向推断，断键位置为可得、为2，3-二甲基-1，3-丁二烯和1-丙炔合成；或断键位置为可得、，为2-甲基-1，3-丁二烯和2-丁炔合成，符合题意的是D，故选：D。14.分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有(不含立体异构)A.3种B.4种C.5种D.6种【答案】B【解析】【分析】分子式为C5H10O2且与NaHCO3溶液能产生气体，则该有机物中含有﹣COOH，所以为饱和一元羧酸，烷基为﹣C4H9，﹣C4H9的种类等于该有机物的异构体数目。【详解】分子式为C5H10O2且与NaHCO3能产生气体，则该有机物中含有﹣COOH，所以为饱和一元羧酸，烷基为﹣C4H9，﹣C4H9异构体有：﹣CH2CH2CH2CH3，﹣CH(CH3)CH2CH3，﹣CH2CH(CH3)CH3，﹣C(CH3)3，故符合条件的有机物的异构体数目为4。故选：B。【点评】本题主要考查同分异构体书写、官能团的性质与确定等，侧重于学生的分析能力的考查，难度中等，熟练掌握碳原子数小于5的烃基的个数是解决本题的关键，甲基与乙基均1种，丙基2种、丁基4种、戊基8种。15.某有机物M的结构如下图所示，下列关于该有机物说法错误的是A.分子式为C7H10O5B.能和NaHCO3反应放出CO2C.1molM与足量钠反应可生成4molH2D.能使溴水或酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】C 【解析】【分析】根据有机物M的结构简式可知，含有的官能团为羧基、醇羟基和碳碳双键。【详解】A．根据有机物M的结构简式，判断其分子式为C7H10O5，A说法正确；B．有机物M中含有羧基，能和NaHCO3反应放出CO2，B说法正确；C．1molM中含有3mol羟基、1mol羧基，均能与Na反应生成氢气，与足量钠反应可生成2molH2，C说法错误；D．有机物M中含有碳碳双键能使溴水褪色，含有醇羟基或碳碳双键能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D说法正确；答案为C。16.有机合成的主要任务之一是引入目标官能团。下列反应中，能够在有机化合物碳链上引入羟基官能团的是A.烷烃在光照条件下与氯气反应B.卤代烃在氢氧化钠的乙醇溶液中加热反应C.醛在有催化剂并加热的条件下与氢气反应D.羧酸和醇在有浓硫酸并加热的条件下反应【答案】C【解析】【详解】A．烷烃在光照条件下生成卤代烃，过程中并不能引入羟基官能团，A不符合题意；B．卤代烃在氢氧化钠醇溶液中发生反应生成不饱和烃，过程中并不能引入羟基官能团，B不符合题意；C．醛在催化剂并加热的条件下与氢气反应生成醇，过程中可以引入羟基官能团，C符合题意；D．羧酸和醇在浓硫酸的催化下发生酯化反应生成酯，过程中并不能引入羟基官能团，D不符合题意；故答案选C。17.有机物甲的结构简式为：，它可以通过如图路线合成(分离方法和其他产物已经略去)：下列说法不正确的是 A.甲可以发生取代反应、加成反应和缩聚反应B.步骤I的反应方程式是：C.步骤IV的反应类型是取代反应D.步骤I和IV在合成甲过程中的目的是保护氨基不被氧化【答案】B【解析】【分析】【详解】A．甲分子中含有氨基、羧基和苯环，可以发生取代反应、加成反应和缩聚反应，A项正确；B．步骤I是取代反应，反应方程式是+HCl，B项错误；C．戊的结构简式为，步骤IV是戊中的肽键发生水解反应，因此反应类型是取代反应，C项正确；D．氨基易被氧化，因此步骤I和IV在合成甲过程中的目的是保护氨基不被氧化，D项正确；答案选B。18.下列实验方案不能达到实验目的的是选项实验目的实验方案A鉴别苯、甲苯向待测液中分别加入酸性高锰酸钾溶液 B检验醛基向3mL5%CuSO4溶液中滴加3-4滴2%的NaOH溶液，再向其中加入0.5mL乙醛C观察白色沉淀2，4，6-三溴苯酚将少量苯酚溶液滴加到足量的浓溴水中D验证苯和液溴在FeBr3的催化下发生取代将反应产生的混合气体先通入四氯化碳溶液再通入AgNO3溶液中，观察是否有淡黄色沉淀生成A.AB.BC.CD.D【答案】B【解析】【详解】A．苯不与酸性高锰酸钾溶液反应、不能使之褪色，甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，则向待测液中分别加入酸性高锰酸钾溶液可鉴别苯、甲苯，A不符合；B．醛基能和新制氢氧化铜反应生成砖红色氧化亚铜沉淀，制备新制氢氧化铜应向2mLNaOH10%溶液滴加5滴5%CuSO4溶液，B符合；C．2，4，6-三溴苯酚是不溶于水的白色沉淀，但若苯酚过量则能溶于苯酚难以形成沉淀，故要观察白色沉淀2，4，6-三溴苯酚，需将少量苯酚溶液滴加到足量的浓溴水中、需防止苯酚过量，C不符合；D．验证苯和液溴在FeBr3催化下发生取代而不是加成反应、只要证明反应产物中有HBr生成即可，为了防止挥发的Br2蒸气干扰HBr的检验，将反应产生的混合气体先通入四氯化碳溶液(除去HBr中的Br2蒸气)、再通入AgNO3溶液中，观察是否有淡黄色沉淀生成，若有淡黄色沉淀生成，证明反应产物有HBr、可验证苯和液溴在FeBr3的催化下发生取代，D不符合；答案选B。19.化合物Z是合成某种抗结核候选药物的重要中间体，可由下列反应制得。下列有关化合物X、Y和Z的说法正确的是A.X、Y、Z在浓硫酸催化下加热均能发生消去反应 B.Y分子中的碳原子一定处于同一平面C.X分子中不含手性碳原子D.X、Z分别在过量NaOH溶液中加热，均能生成丙三醇【答案】D【解析】【详解】A．Y中不含羟基-OH，不能在浓硫酸催化下加热发生消去反应，故A错误；B．Y中甲基为四面体结构，可能与苯环不共面，则分子中的碳原子不一定处于同一平面，故B错误；C．X的中间C上连4个不同基团，X中含1个手性碳，故C错误；D．X含-Cl，Z含-COOC-、-Cl，均与NaOH反应，则X、Z分别在过量NaOH溶液中加热，均能生成丙三醇，故D正确；故选：D。非选择题20.学习有机化学，掌握有机物的组成、结构、命名和官能团性质是必备知识。（1）的分子式为_______，所含含氧官能团的名称为_______。（2）按氮原子所连烃基数目分析，二苯胺可归为_______(填“伯胺”“仲胺”或“叔胺”下同)，三甲胺可归为_______。（3）请根据官能团的不同对下列有机物进行分类，把正确答案序号填写在相应横线上。①CH3CH2OH②③CH3CH2Br④⑤⑥⑦⑧⑨⑩芳香烃：_______；醇：_______；羧酸：_______酯：_______（4）当有机化合物分子中碳原子连有四个不同基团时称为手性碳原子，如A中星号“*”碳原子就是手性碳原子。 若使A失去手性，下列方法可行的是_______。A.一定条件下和乙醇发生酯化反应B.一定条件下和乙酸发生酯化反应C一定条件下发生催化氧化反应D.一定条件下发生消去反应【答案】（1）①.C10H18O②.羟基（2）①.仲胺②.叔胺（3）①.⑨②.①③.⑧和⑩④.④（4）CD【解析】【小问1详解】图示有机物的分子式为C10H18O，所含含氧官能团的名称为羟基。【小问2详解】氮原子所连1个烃基的为伯胺、氮原子所连2个烃基的为仲胺、氮原子所连3个烃基的叔胺，则二苯胺可归为仲胺，三甲胺可归为叔胺。【小问3详解】①CH3CH2OH由乙基和羟基构成，官能团为羟基，属于醇；②为丙酮，官能团为羰基，羰基分别连2个甲基，属于酮；③CH3CH2Br由乙基和溴原子构成，官能团为碳溴键，属于卤代烃；④为乙酸乙酯，官能团为酯基，属于酯；⑤含酚羟基，官能团为酚羟基，属于酚；⑥由苯基和溴原子构成，官能团为碳溴键，属于卤代烃；⑦由甲基和醛基构成，官能团为醛基，属于醛；⑧为甲酸，官能团为羧基，属于羧酸；⑨为甲苯，属于苯的同系物、属于芳香烃；⑩由苯基和羧基构成，官能团为羧基，属于羧酸；则：芳香烃选⑨；醇选①；羧酸选⑧和⑩；酯选④。【小问4详解】A．如图所示，乳酸在一定条件下和乙醇发生酯化反应得到产物仍具有手性： ，A不符合；B．如图所示，乳酸在一定条件下和乙酸发生酯化反应得到产物仍具有手性：，B不符合；C．如图所示，乳酸在一定条件下发生催化氧化反应得到产物失去手性：，C符合；D．一定条件下乳酸发生消去反应得到产物为CH2=CHCOOH，失去手性，D符合；选CD。21.1-溴丙烷在不同溶剂中与KOH发生不同类型的反应，生成不同的产物。某同学用如图实验装置(支撑、夹持、酒精灯等省略)验证取代反应和消去反应的产物，请你一起参与探究。实验一：组装如上图所示装置，在左侧试管中加入10mL20%KOH溶液和2mL1-溴丙烷，振荡，装置固定后，水浴加热。（1）用水浴加热而不用酒精灯直接加热的原因是_______。（2）写出1-溴丙烷与KOH溶液加热反应的化学方程式_______。（3）鉴定生成物中1-丙醇的结构。1-丙醇在核磁共振氢谱图中出现_______组特征峰。（4）反应结束后，要证明反应混合物中含有Br-，实验操作和现象为_______。实验二：组装如上图所示装置，左侧试管中加入10mL饱和KOH乙醇溶液和5mL1-溴丙烷，振荡，装置固定后，水浴加热。（5）实验过程中可观察到试管II中的现象为_______。【答案】（1）容易控制加热温度，减少1-溴丙烷的挥发（2）CH3CH2CH2Br+KOHCH3CH2CH2OH+KBr（3）4（4） 取反应混合液适量于试管中，先加入足量的稀硝酸酸化，再加入硝酸银溶液，若有浅黄色沉淀生成，证明反应混合物中含有Br-（5）高锰酸钾溶液的紫红色褪去【解析】【小问1详解】1-溴丙烷沸点低，用水浴加热容易控制加热温度，减少1-溴丙烷的挥发；【小问2详解】1-溴丙烷与KOH溶液加热发生水解反应生成1-丙醇，反应的化学方程式CH3CH2CH2Br+KOHCH3CH2CH2OH+KBr；【小问3详解】1-丙醇有4种H，在核磁共振氢谱图中出现4组特征峰；【小问4详解】可用硝酸银溶液和Br-反应生成浅黄色沉淀AgBr生成，实验操作和现象为：取反应混合液适量于试管中，先加入足量的稀硝酸酸化，再加入硝酸银溶液，若有浅黄色沉淀生成，证明反应混合物中含有Br-；【小问5详解】1-溴丙烷在KOH乙醇溶液中发生消去反应生成丙烯，丙烯含碳碳双键能与酸性高锰酸钾溶液发生氧化还原反应而使溶液褪色，可观察到试管II中的现象为高锰酸钾溶液的紫红色褪去。22.酯类中的乙二酸二乙酯(D)可由石油气裂解得到的烯烃进行合成。回答下列问题：（1）B是A的同系物，则B的结构简式为_______。（2）反应③的反应类型是_______。（3）反应①化学方程式：_______。（4）物质C的结构简式：_______。【答案】（1）CH3CH=CH2 （2）取代反应或水解反应（3）CH2=CH2+H2OCH3CH2OH（4）HOOC-COOH【解析】【分析】D为乙二酸二乙酯，则C2H6O为CH3CH2OH，C为乙二酸，A为石油气裂解得到的烯烃、A与水发生反应生成CH3CH2OH，则A为CH2=CH2，B为石油气裂解得到的烯烃、光照下可与氯气发生反应生成C3H5Cl，由反应③可知C3H5Cl为CH2ClCH=CH2，则B的结构简式为CH3CH=CH2，据此回答。【小问1详解】B是A的同系物，结合分析可知，B的结构简式为CH3CH=CH2。【小问2详解】反应③为CH2ClCH=CH2在氢氧化钠水溶液、加热下的水解反应生成HOCH2CH=CH2，则反应类型是取代反应或水解反应。【小问3详解】反应①为CH2=CH2与H2O发生加成反应生成CH3CH2OH，化学方程式：CH2=CH2+H2OCH3CH2OH。【小问4详解】据分析，C为乙二酸，物质C的结构简式：HOOC-COOH。23.化合物K是一种具有抗菌作用的药物，其合成路线如图： （1）B分子中采取sp2杂化的碳原子数目是_____。（2）E的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式：_____。①分子中不同化学环境的氢原子个数比是6：2：1：1。②苯环上有4个取代基，且只有一种含氧官能团（3）D→E的反应需经历D→X→E的过程，中间体X的分子式为C10H12O3。X→E的反应类型为_____。（4）F→G中有一种分子式为C9H7O2I的副产物生成，该副产物的结构简式为_____。（5）写出以乙烯为原料制备的合成路线流程图(涉及题干中条件任用、无机试剂任用，合成路线流程图示例见本题题干)_____。【答案】（1）7（2）（3）消去反应（4） （5）【解析】【小问1详解】B分子中采取sp2杂化的碳原子是苯环上的碳以及羧基中的碳，碳原子数目是7个。【小问2详解】E的结构简式为，其同分异构体同时满足下列条件①分子中不同化学环境的氢原子个数比是6：2：1：1，说明结构对称，且含有2个甲基。②苯环上有4个取代基，且只有一种含氧官能团，由于必须含有2个甲基，因此含氧官能团只能是2个醛基，因此符合条件的有机物结构简式为；【小问3详解】D→E的反应需经历D→X→E的过程，中间体X的分子式为C10H12O3，与E相比较少了“H2O”，所以X→E的反应类型为消去反应。【小问4详解】F→G中有一种分子式为C9H7O2I的副产物生成，由于该反应相当于是碳碳双键和单质碘首先发生加成反应，然后与羧基发生分子内的取代反应形成环，该环可以是五元环，也可能是六元环，因此该副产物的结构简式为。【小问5详解】要合成，应先生成CH3CH=CHCH3，可由乙醛和CH3CH2Br生成，乙烯可生成乙醛、溴乙烷，所以反应的流程为。